Title | Exercicios Resolvidos-inerciapdf |
---|---|
Course | Resistência Dos Materiais |
Institution | Universidade Federal de Minas Gerais |
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MECANICA VETORIAL PARA ENGENHEIROS - livro do Beer...
Gabarito de Questões de Mecânica dos Sólidos Assunto: Cap. 3 – Corpos Rígidos: Sistemas Equivalentes (Beer) 3.97 – Determine as componentes do momento da força de 150N com relação ao ponto A.
200 mm A
120 mm 35o 150 N 40 mm 60 mm 20 mm
a) Cálculo dos vetores posição e força:
F
mm
180i 120 j 100k
rD/A
Fx i Fy j Fz k
F cosTx i F cosTy j F cosTz k
F 150 0 i 150cos 35 q j 150sen35 k
F cosI i FsenI j FsenT k
N
b) Cálculo do momento da força com relação ao ponto A: MDA
rD/A x F
i
j
k
180
120
100
0
150
cos 35q sen35
MD/A
150.ª 120 sen35 100 cos 35 i 0 180 . sen35 j 180 co s 35 k ¬« ¼»
MDA
22611,67 i 15486,56 j 22117,11k N mm
1
3.119 – Quatro forças são aplicadas no componente de máquinas ABDE. Substitua essas forças por um sistema de força-binário equivalente em A (Os pontos A, B, D e E estão localizados na metade da espessura do componente).
200 mm A
50 N
40 mm
300 N
20 mm 250 N
160 mm
100 mm 120 N
a) Cálculo dos vetores posição: rB1/A
220 i mm
rB2/A
200 i 10 j mm
rD/A
220 i 170 k mm
rE/A
220 i 100 j 160 k mm
b) Cálculo dos vetores força: FB1 FB2 FD FE
N 50 j N 250 k N 120 i N 300 i
c) Cálculo da força resultante em A (somando e subtraindo as forças em A): RAx
300 120
RAy
50 N
RAz
250 N
420 N
d) Cálculo dos binários com relação a A. MB1
rB1/A x FB1
220 i x 300 i
N mm 2
MB2
200 i 10 j » x 50 j ¬« ¼
rB2/A x FB2
N mm
¼» x 250 k
N
200 i 170 k
mm
MD
rD/A x FD
¬«
ME
rE/A x FE
«¬ 220 i 100 j 160 k »¼ x 120 i
N
mm
e) Cálculo do binário resultante em A. MRA
MB1 MB2 MD
ME
200 50 k 200 250 j 100 120 k 160 120 j
N mm
N mm
MRAx
0
MRAy
200 250 160 120
30800
MRAz
200 50 100 120
22000
N mm N mm
3
3.XX – Substitua as forças aplicadas na estrutura abaixo por um sistema de força-binário equivalente em A. R
¦ Fi
¦ ri x Fi
M
y
1m
1m C 150 N
0,5 m
B
0,5 m
250 N
D 300 N
3m
x
A
a) Cálculo dos vetores posição: rB/A
1 i 3,5 jº m ¬ ¼
rC/A
¬
2 i 4 jº m ¼
rD/A
¬
2 i 3 kº m ¼
z
b) Cálculo dos vetores força: FB FC FD
N 150 i N 300 j N 250 k
c) Cálculo da força resultante em A (somando e subtraindo as forças em A: RAx
150 N
RAy
300 N
RAz
250 N
RA
RAx i RAy j RAz z 150 i 300 j 250 z N
b) Cálculo do binário resultante em A.
MRA
1 i 3,5 j » x 250 k « 2 i 4 j » x 150 i « 2 i 3 j » x 300 j ¬« ¼ ¬ ¼ ¬ ¼
MRA
250 j 3,5 250 i 4 150 k 2 300 k
MRA
875 i 250 j 1200 k
N m 4
Assunto: Cap. 4 – Equilíbrio de Corpos Rígidos (Beer) 4.15 – Duas hastes AB e DE são conectadas por uma alavanca BCD como mostrado. Sabendo que a tração na haste AB é 720N, determine (a) a tração na haste DE, (b) a reação em C. 80 mm
120 mm
D
60 mm E
90 mm
TDE
TAB
RCx RCy
cosD
4 5
,
3
senD
5
E 180 90 D cos E
90 D
cos 90 cos D sen90 senD
senD ,
senE
sen90 cosD cos 90 senD
cosD
b) Imposição do equilíbrio de forças: o ¦ Fx
n ¦ Fy
¦M
B
0, RCx TAB cos E
0
0, RCy TAB sen E TDE
(1) (2)
0
0, ª«rC/Bx i rC/By j » x «RCx i R Cy j » « rD/Bx i rD/By ¬ ¼ ¬ ¼ ¬
ª80 i 60 j x R Cx i R Cy j 200 i 30 j x TDE j «¬ »¼ «¬ »¼ «¬ »¼
60 RCx k 80 RCy k 200 TDE k
60 RCx 80 R Cy 200 TDE
j ¼» x T j DE
0
N mm
0
0
(3)
0
c) Resolução das equações: De (1):
R Cx
720
3 5
De (2):
R Cy
720
4 TDE 5
432 N
(4)
576 TDE
(5)
Substituindo (4) e (5) em (3): 60 432 80 576 TDE 200 TDE
0
5
120 TDE RCy
72000
576 600
TDE
600 N
1176 N
6
4.26 – A barra AB, articulada em A e presa em B ao cabo BD, suporta as cargas mostradas na figura. Sabendo que d = 200 mm, determine (a) a tração no cabo BD, (b) a reação em A. o ¦ Fx
0 , n ¦ Fy
0
, ¦ Mi
¦r xF i
0
i
RAy
RAx
TBD 100 mm 90 N
90 N 100 mm 100 mm 100 mm
a) Equações de equilíbrio: o ¦ Fx
0, RAx TBD cos 45
0
(1)
n ¦ Fy
0, RAy TBD sen45 90 90
¦M A
0, T BDsen45 300 TBD cos 45 100 90 100 90 200 90 300
TBD
300 sen45 100 cos 45
RAx
135 N
RAy
45 N
T
§ R Ay · a tan ¨ ¸ © R Ax ¹
0
(2)
TBD
0,
(3)
190,9 N
T 18,4 q
7
4.38 – A barra AD sustenta a carga de 600 N. O rolete D está apoiado em uma superfície sem atrito, e dois cabos BE e CF estão presos em B e C, respectivamente. Determine (a) a tração nos cabo BE e CF, (b) a reação em D.
TBE
80 mm
D
RDx
E TCF
600 N 100 mm
80 mm
100 mm
100 mm
a) Determinação dos ângulos: tan D
80 200
tanE
80 100
D E
21,8q 38,66q
b) Equilíbrio de forças o ¦ Fx
0, RDx TBE cos D TCF cos E
0
(1)
n ¦ Fy
0, 600 TBE sen D TCF sen E
0
(2)
¦M D
0, 600 300 TBEsen D 200 TCFsen E.100
RDx
3750 N
TBE
3231,1N
TCF
960,5 N
0,
(3)
8
Assunto: Cap. 5 – Cálculo de Centro de Gravidade e Centróide (Beer) 5.1 – Determinar o centróide das áreas abaixo. y 20 mm 30 mm
36 mm
24 mm
x
x.A
³ x.dA ¦ xi A1
x
¦ xi A1 ¦ A1
x
30 · § 36 30 · § 10 60 20 ¨ 20 ¸ ¨ ¸ 3 ¹ © 2 © ¹ § 36 30 · 60 20 ¨ ¸ © 2 ¹
y.A
mm
³ y.dA ¦ yi A1
y
¦ y i A1 ¦ A1
y
36 · § 36 30 · § 30 60 20 ¨24 ¸ ¨ ¸ 3 ¹ © 2 © ¹ 60 20 §¨ 36 30 ·¸ © 2 ¹
mm
9
5.4 – Determinar o centróide da área formada por um arco parabólico. y
k.x 2
³ y.dA ³ y
y.A a
y
y el
.dA
a
y
³0 2 .y.dx
2 ³ y .dx 10 2 a ³ y.dx
a
³ y.dx 0
y
h
0
a
1
x
2 ³ k.x
2
y
.dx
dx
x
0 a
2
³ k.x
2
a
.dx
0
a
y
ª x5 º « » k ¬ 5 ¼0 2 ª x3 º a « » ¬ 3 ¼0
para : x
y
a
3 h a2 2 a2 5
k a5 3 2 5 a3
a
el
k
h a2
a
0
2
.dx
0
k.a 3
3
k.a 3
a
³ x.k.x x
.dA
³ x.y.dx ³ x.k.x x
h
3h 10
³ x.dA ³ x
x.A
y
3k a 2 2 5
3
a
2
.dx
0
³x
3
.dx
0
k.a 3
3
a3 3
a
x
ª x4º « 4» ¬ ¼0 a3 3
x
3a 4
a4 4 a3 3
10
5.15 – Determine o centróide da figura abaixo.
vértice parábola 60 mm
60 mm
75 mm
Superfície parabólica:
3a ;y 8
x
h
3h ;A 5
c
120
2ah 3
Equação da parábola: y1 x
a.x 2 bx c
dy 1 x dx
2a.x b
para : x
0mm
para : x
0mm
para : x
75mm
y1 x
120 752
y1 0 120
dy1 0
2a.0 b
dx y1 75
0
0
b
0
a.75 2 120
0
a
120
m
60
75 2
.x 2 120
a
h
ah 2
Superfície triangular: x 3 ; y 3 ; A Equação da reta: y2 x
m.x n
para : x
0mm
para : x
75mm
y2 x
60 75
y 2 0
60
y 2 75
0
n
60
0
m.75 60
75
.x 60
Cálculo do centróide pelas integrais: 11
³ y.dA ³ y
y.A 75
y
³0
el
.dA
y 2 y1 . y 2 y 1 .dx 2
2
1 2
75
³0 y 2 y1 .dx
75
y
1 2
³
0
³0 y 2
75
y 21 .dx
75
³ y 2 y1 .dx
0
2 2 ª§ 120 2 · § 60 · º .x 60 ¸ ».dx «¨ 2 .x 120 ¸ ¨ ¹ © 75 ¹ ¼» ¬«© 75 75
ª 120
³ «¬ 75
§ 60 ·º .x 2 120 ¨ .x 60 ¸».dx © 75 ¹¼
2
0
75
75
y
ª 120 x5 1202 2. « 2 75 5 75 2 1 ¬ 2 ª 120 « 2 ¬ 75
º ª 60 x3 º x3 602 x 2 1202 .x » « 2. 602 .x » 3 75 3 75 2 ¼0 ¬ ¼0
y
ª 120 x5 º ª 60 x 3 º 1202 x3 602 x2 2. 1202 .x » « 2. 602 .x» « 2 2 75 3 75 2 1 ¬ 75 5 ¼0 ¬ 75 3 ¼0 75 75 2 ª 120 x 3 º ª 60 x 2 º 120.x » « 60.x » « 2 ¬ 75 3 ¼0 ¬ 75 2 ¼0
y
1 ah 3 2a 1 2
75
75
º ª 60 x 2 º x3 120.x » « 60.x » 3 ¼0 ¬ 75 2 ¼0 75
³ x.dA
x.A
1 5 1 3
h 2 6 2 15
³ x.k.x x
x
2h 5
x
.dx
0
0
0 3
k.a 3
2
.dx
3
a
³x
3
.dx
0
k.a 3 3
a
k.a 3
a
2
a
³ x.y.dx ³ x.k.x
³ x el.dA
a
75
a3 3
x
ªx4 º « » ¬ 4 ¼0 a3 3
a4 4 a3 3
3a 4
Cálculo do centróide da figura composta com os centróides das figuras: x
x 1.A 1 x 2.A 2 A1 A 2
3.75 2.75.120 75 75.120 . . 8 3 3 2 2.75.120 75.120 A2 3 2
y
y1 .A1 y2 .A2 A1 A 2
7.120 2.75.120 120 75.120 . . 5 3 3 2 2.75.120 75.120 A2 3 2
30mm
64,80mm
12
Assunto: Cap. 6 – Diagramas de Esforços Internos (Hibbeler) 1 – O eixo abaixo é suportado por dois mancais, um em A e outro em B, que resistem somente a esforços verticais. Construa os diagramas de força cortante V(x) e de momento fletor M(x) considerando o carregamento indicado. dV dx
w ,
dM dx
V y C
A
B
x
250 mm
800 mm RB
RA 24 kN
a) Cálculo das reações nos apoios: ¦M A
0, R B.0,8 24.0,25
n ¦ Fy
0, R A R B 24 0 , R A
0 , RB
7,5 kN
31,5 kN
b) Cálculo das equações de força cortante e de momento fletor: 1) Trecho CA (0 d x d 0,25m): n ¦ Fy
0, V 24
0, V
¦M centr 0, M 24.x
Para x
0m :
MC
Para x
0,25m :
V
M
24 kN
0, M
24.x kN.m ,
dM dx
x
24
V
24 kN
0 kN.m MA
6 kN.m
V
M
2) Trecho AB (0,25m d x d 1,05m): n ¦ Fy
0, V 24 31,5 0 , V
7,5 kN
¦M centr 0, M 24.x 31,5. x 0,25 0 ,
24 kN
0,25 m 31,5 kN x
13
M 7,5.x 7,875 kN.m
dM dx
0,25m :
MA
6 kN.m
Para x 1,05m :
MB
0 kN.m
Para x
V
7,5
C) Diagrama dos esforços internos V(x) e M(x): y C
A
B
x
250 mm
800 mm RA
RB
24 kN
24 Força Cortante (kN) 31,5
-7,5
Momento Fletor (kN.m) -6
14
3.2)Substitua essas forças por um sistema de força-binário equivalente em . || Calculo vetor posição força R=-(50N)j-(300N)i-(120N)i-(250N)k R=-(420N)i-(50N)j-(250N)k rB=(0,2m)i rd=(0,2m)i+(0,16)k rE=(0,2m)i-(0,1m)j+(0,16m(k MRA= rB.[-(300N)i-(50N)j] +rD.(-250N)k +rx(-120N)i =i j k i j k 0,2m 0 0 + 0,2 0 016 -300N -50N 0 0 0 -250N i j k + 0,2m -0,1m 0,16 =-(10N.m)k+(50N.m)j-(19,2N.m)j -(12N.m)k -120N 0 0
4.1) Duas hastes AB e DE são conectadas por uma alavanca BCD como mostrado. Sabendo que a tração na haste AB é 720N, determine (a) a tração na haste DE, (b) a reação em C. a)Cálculo do ângulo α cosα= 4/5, senα=3/5 β=180 - (90+α) = 90 - α cosβ= (cos90.cosα)+ (sen90.senα)= senα senβ= (sen90.cosα) (cos90.senα) =cosα b) Imposição do equilíbrio de forças: ->ΣFx=0, RCx - TABcosβ=0 (1) îΣFy=0, RCy -TABsensβ TDE=0 (2)
ΣMB=0, [rC/Bx i +rC/By j] x [ RCxi + RCy j]+[rD/Bx i+ rD/Bx j]+TDE -j= 0 N.mm [80i +60-j] x [RCxi+ RCyj] + [200i+30j] + T DE -j= 0 60 . RCx k +80 RCy k +200. TDE -k = 0 60 . RCx k +80 RCy - 200. T DE = 0 (3) Resolução das equações: De (1): RCx = 720 3/5 = 432 N (4) De (2): RCy = 720 4/5 TDE = 576 + TDE (5) Substituindo (4) e (5) em (3): 60 . 432 + 80 . (576 + TDE) -200 .TDE = 0 120 . TDE = 72000 -> TDE = 600 (N) RCy = 576 +600 = 1176 (N)
3.3)Substitua as forças aplicadas na estrutura abaixo por um 3.4)a) Substitua por uma única forca F aplicada no ponto C sistema de força-binário equivalente em A. R ΣFi M= Σri x Fi determine distacia d de C b)resolva a parte a se as direções das C. vetores posição: vetores posição: duas forças de 360 N forem invertidas rB/A = 1i + 3,5j m FB= 250N -k ΣF= 360Nj -360j - 600k rC/A = 2i + 4j m Fc= 150N +i F= -600NK rD/A = 2i + 3k m Fd= 300N -j ΣMD: 360Nx 15m -600N x d = 0 = 5400Nm -600N x d Cálculo da força resultante em A (sod= 5400Nm / 600N = 90 ou 0,9m mando e subtraindo as forças em A: ΣFx= 0, 600N + Rx = 0 RA= 150i +300-J + 250-z (N) Rx= 600N Cálculo do binário resultante em A. 150mm ΣFY= 0, 360N - 360N = 0 MAR= [1i+3,5j] x 250k + [2i +4j] Rx= 0N x150i + [2i +3j] x 300-j MAR= 250j +(3,5x250-i) + (2i.150i) +(4x140-k) y +C ΣMc= 0 , (360Nx75)+(360x75)+600 x d = 875-i +250j +1200-k (n.m) d= 5400Nm / 600N = 90 ou 0,9m x z
4.2) Sabendo que d = 200 mm, determine (a) a tração no cabo BD, (b) a reação em A. a) tração artg 100/100= 45˚ ΣFA= (T sen45˚) . (200) + (900.100m) + (90.200m)= 0 T 141,42 +27000 T= 27000 / 141,42 T= 190,91N b) a reação A ->RAx, ΣFx= 0 RAx Tcos45˚= 0 -> RAx=190,91cos45˚->RAx=135N î RAy, ΣFy= 0 RAy -90N - 90N + Tsen45˚= 0 A RAy= 180N + 190,91 sen45˚ -> RAy = 45,64N 45,64N α α artg RAy/ RAx= 18,43˚ 135N
4.3) A barra AD sustenta a carga de 600 N. Determine (a) a tração 5.1) centróide Figura 1 nos cabo BE e CF, (b) a reação em D. Determinação dos ângulos: A, mm2 tanα = 80/200-> α=21,8˚ tanβ = 80/100-> β=38,66˚ 1 2/3.(75).(120)=6000 Equilíbrio de forças 2 -1/2.(75).(60)=2250 -> ΣFx=0, RDx+TBE . cosα+TCFcosβ = 0 (1) Σ 3750
3.4) De acordo com a figura substitua foças e o binário por uma única força F aplicada em C , determine a distacia x e de C até a linha BF. Ponto C é centro de cisalhamento da seção
4.4) BCD é articula em C e preso a um cabo B (a) tranção no cabo 4.5)tranção A e D / ΣFx= 0 (b) reação C. î ΣFy= 0 Ty/ Tx= 0,32/0,24=1,33 TBE= 200N a) ΣMc= 0 , ΣM=0 ...