Title | │EC│ Pamer Trigonometría SM |
---|---|
Course | Fisico Quimica |
Institution | Universidad Nacional de San Cristóbal de Huamanga |
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FCBDFNBDF...
TRIGONOMETRÍA TEMA 1
SECTOR CIRCULAR NÚMERO DE VUELTAS DESARROLLO DEL TEMA
I.
CIRCUNFERENCIA Y CÍRCULO
LR
n: N.° de vueltas: n =
Circunferencia
2pr
LR: Longitud del recorrido Nota: En el sector circular, la medida del ángulo central siempre debe estar expresada en radianes; entonces, es importante recordar:
R
Círculo
p rad 180° 200g
Longitud de la circunferencia: L = 2pR IV.
Área de círculo: A = pR2
ÁREA DE SECTOR CIRCULAR
R II.
LONGITUD DE ARCO
R
Sea q la medida de un ángulo trigonométrico. R
S=
qrad L
L
R q
S qrad L
R
V.
1 2 qR 2
S=
1 LR 2
S=
L2 2q
ÁREA DE TRAPECIO CIRCULAR
Fórmula básica L = qR q
0 < q ≤ 2p
L1
L2
AT d
III. NÚMERO DE VUELTAS QUE GIRA UNA RUEDA SIN RESBALAR
r
J L1+L2 N Od AT= K L 2 P r
q=
d
0 < q ≤ 2p
LR
SAN MARCOS
L1–L2
1
TRIGONOMETRÍA
TEMA 1
SECTOR CIRCULAR - NÚMERO DE VUELTAS
VI. PROPIEDADES
a I.
a
1rad
L = R ↔ q = 1rad
III. S: Área
S
IV. S: Área K∈R
q Kq
3S
5S
7S
S
L
a R II.
q
b
B
q =B – b n
KS
R
n
KL
PROBLEMAS RESUELTOS
Problema 1
De la figura AOB y COD son sectores
M
L1 L circulares, además = 2 y el área 3 2 del sector circular DOC es 4u2. Calcule
T
el área del trapecio circular ADCB. A O B De la figura, el área del sector circular AOT es igual al área del sector circular OB MOB. Si OA = , calcule la medida del 2 ángulo BOT. A) 30° B) 36° C) 94° D) 38° E) 40°
A) 7
B) 14
D) 12
E) 10
Resolución:
Resolución:
L1 L2 =k = 3 2
Resolución: OB Sea m]BOT = q; OA = 2 → 2OA = OB
L1 = 3k
En el sector circular
L2 = 2k
AOF → (5) = (2q)(5)
O
2k
q C
Dato:
M
SCOD =
r
r °– q 180 q 2r A r O Dato: SAOT = SMOB
SADCB =
En el sector circular EOD → J ED = K L
1N (8) = 4 u O 2P
Graficando el sector COD C 8
Respuesta: 5u2 O Problema 3
TEMA 1
En el sector circular
SADCB = 5u2
C
L1 B
TRIGONOMETRÍA
O
D
5u F
5u 2q q
B
2
12 8
A
A L2
1 rad 2
q=
COD → EC = (1)(8) = 8 u
B
5(2q) 5k2 (3k)2 (2k)2 = – = 2q 2q 2q 2q
Respuesta: 36°
C
3k
Incógnita
Resolviendo q = 36°
O
2q = 1
(2k)2 = 4 → k2 = 2 q 2q
B
1 (180°– q)r2 = 1 (q)(4r2) 2 2
D
A
D
Sea OA = r → OB = 2r
Problema 2
PRE UNMSM 2013–II
PRE-UNMSM 2012–II
UNMSM 2012–II
T
C) 18
Del gráfico mostrado AOB y COD son sectores circulares. Indique el perímetro del sector circular COD. A) 27 u B) 26 u C) 25 u D) 28 u E) 24 u
E
Perímetro = 28
Respuesta: 28 u D
SAN MARCOS
TRIGONOMETRÍA TEMA 2
RAZONES TRIGONOMÉTRICAS DE ÁNGULOS AGUDOS DESARROLLO DEL TEMA
I.
Se cumple:
CONCEPTOS PREVIOS
Triángulo ABC (Recto en B)
A.
Razones Recíprocas
SenA . CscA = 1 CosA . SecA = 1 TanA . CotA = 1
C
a
b
•
a y c (longitud de los catetos)
•
b (longitud de la hipotenusa)
Ejemplos: •
1 Csc20° Cos50° . Sec50° = 1
•
Tanx . Coty = 1 → x = y
• B • • •
A c b>a∧b>c m∠A + m∠C = 90° a2 + c2 = b2 (Teorema de Pitágoras)
Sen20° =
B. Razones Complementarias (Co-razones)
De las definiciones, en (II) se observa: II.
Sen A = Cos C Tan A = Cot C Sec A = Csc C
DEFINICIÓN
Con respecto a la m∠A • • • • • •
Sen A = Cateto opuesto = a Hipotenusa b Cateto adyacente = c Cos A = Hipotenusa b Cateto opuesto a = Tan A = Cateto adyacente c Cot A = Cateto adyacente = c Cateto opuesto a Hipotenusa b = Sec A = Cateto adyacente c Hipotenusa b Csc A = = Cateto opuesto a
m∠A + m∠C = 90°
Ejemplos: • Sen70° = Cos20° • Sec(30° + x) = Csc(60° – x) • Cos(90° – a) = Sena • Secq = Csc(90° – q) • Tan (x + 10°) = Cot3x → x + 10° + 3x = 90° 4x = 80° x = 20° En General: R.T (b) = CO – RT (90° – b)
III. PROPIEDADES DE LAS RAZONES TRI-
C.
El valor de una razón trigonométrica solo depende de la medida del ángulo de referencia
GONOMÉTRICAS
Sabemos: C.O. Tanq = C.A.
Dado un triángulo ABC (recto en B) C a
m
b
b
a
q B
SAN MARCOS
c
n
A
3
TRIGONOMETRÍA
Tanq =
a m = b n
TEMA 2
RAZONES TRIGONOMÉTRICAS DE ÁNGULOS AGUDOS
IV. TANGENTE Y COTANGENTE DEL ÁN-
V.
GULO MITAD
TRIÁNGULOS RECTÁNGULOS NOTABLES
C b
A.
Exactos
a k 2
A
1k
B
c
45° 1k
A Tan = Csc A – Cot A 2 A = Csc A + Cot A 2
Cot
45°
60°
2k
1k
Demostración: C A/
D
A
A/2 A
b
30° k 3
2
b
a
c
B
B.
Aproximados
5k
•
Se prolonga el lado BA hasta el punto "D" tal que AD = AC.
•
Formamos un triángulo isósceles uniendo "D" y "C"
•
Del triángulo DBC
53° 3k
37° 4k
JAN b + c b c Cot K O = = + 2 a a a L P
74°
25 k
JA N Cot K O = Csc A + Cot A L2 P
7k
16° 24 k
Observación: Triángulos pitagóricos mas usados. VI. TABLA DE VALORES NOTABLES
5
13
9
61 60
21
Sen
40
12
11
41
8
60°
45°
37°
53°
1/2
3/2
2/2
3/5
4/5
2/2
4/5
3/5
Cos
3/2
1/2
Tan
3/3
3
1
3/4
4/3
Cot
3
3/3
1
4/3
3/4
Sec
2 3/3
2
2
5/4
5/3
Csc
2
2 3/3
2
5/3
5/4
17 15
29 20
TEMA 2
30°
TRIGONOMETRÍA
4
SAN MARCOS
RAZONES TRIGONOMÉTRICAS DE ÁNGULOS AGUDOS
PROBLEMAS RESUELTOS
Problema 1
P = (2 + 3 ) (2 – 3
Halle el valor de: N N J Sen60° – Sen30° N P2 + 3 P KL Sen60° + Sen30°OP A) 0
B) 1
D) 3
E)
2– 3
J N Tg K a O = k L2 P b
→∴ P = 1
Respuesta: k b
Respuesta: 1
3
Problema 2 En el triángulo BAC de la figura,
Problema 3 En la figura, AD = 12cm, Halle BC B
AC = b cm y BC – AB = k cm donde J N b > k, halle Tg K a O L2P C
Resolución: Planteamiento Sabemos: 60°
30° 105° A
2k 30°
Procedimiento Sea: 2– 3
J Sen60° – Sen30° N P = PN2 + 3 NPK Sen60° + Sen30° O L P 3 2 3 2
J 1K – K 2L J 1 + KK 2L
J J K 3 – 1K K P = PN2 + 3 NP K K 3 + 1K L L
A) 2k
B) kb
k D) a
E) 1
2– 3
J K 3 – 1K L P = N2 + 3 N L P P 2
B) 3( 3+1) D)
3–1
E) 3( 3 –1)
k b
UNMSM 2009–I
UNMSM 2012–I
Resolución: Análisis de datos:
B 6
P
Sabemos: Tg JK q NO = Cscq – Cotq L 2P
6 3 A
x 6
45° 30° 60° D 12
C
Operación del Problema Se traza DP ⊥ AB
C b
J2 2– 3
C)
A) 3 3 C) 2 3
Análisis de datos
2– 3
J J JJ K 3 – 1 KK 3 – 1 K K KK P = PN2 + 3NP K K 3 + 1 KK 3 – 1 K L L LL
B
C
D
Resolución:
Se racionaliza
SAN MARCOS
a
A
k 3
J K K P = PN2 + 3NP L J K K L
2– 3
C) 2 UNMSM 2014–I
k
P =1
J N Tg K a O = a – c ; por dato (a – c = k) b L2 P
2– 3
2– 3
A
APD notable (30° y 60°)
a
→ AP = 6 3 y DP = 6 a c
J N Tg K a O = Csca – Cota L 2P
B
DPB notable 45° → PB = 6 En el
ABC
Sen30° =
Del gráfico J N Tg K a O = a – c b L 2P b
x 6 3 +6
→ 3( 3 + 1)
Respuesta : 3( 3+ 1)
5
TRIGONOMETRÍA
TEMA 2
TRIGONOMETRÍA TEMA 3
RAZONES TRIGONOMÉTRICAS DE ÁNGULOS NOTABLES - ÁNGULOS DE ELEVACIÓN Y DEPRESIÓN DESARROLLO DEL TEMA
I.
TRIÁNGULOS RECTÁNGULOS
II.
NOTABLES
A.
Exactos
45° k 2
Sen
60° 2k
1k
45°
1k
30°
60°
45°
37°
53°
1/2
3/2
2/2
3/5
4/5
2/2
4/5
3/5
Cos
3/2
1/2
Tan
3/3
3
1
3/4
4/3
Cot
3
3/3
1
4/3
3/4
Sec
2 3/3
2
2
5/4
5/3
Csc
2
2 3/3
2
5/3
5/4
30°
1k
B.
R AZ O NES TR IG O NO MÉTR ICAS D E ÁNGULOS NOTABLES
k 3
Aproximados
53° 5k
3k
37° 4k
III. ÁNGULOS VERTICALES
Son aquellos ángulos ubicados en un plano vertical que, en la práctica, son formados por una línea visual (o línea de mira) y una línea horizontal, como resultado de haberse efectuado una observación. Estos resultados se clasifican en: ángulos de elevación y ángulos de depresión. (ver gráficos).
74° 25 k
7k
16° 24 k
aall issuu v aa V
8°
2
7k
SAN MARCOS
6
2
k
k
6 –
5
ee Línn a a L nea horizontal Línea
L
82°
75°
+
2
H
h h 15°
4k
a : Ángulo de elevación
6
TRIGONOMETRÍA
TEMA 3
RAZONES TRIGONOMÉTRICAS DE ÁNGULOS NOTABLES ÁNGULOS DE ELEVACIÓN Y DEPRESIÓN
visuales; una hacia la parte alta y la otra hacia la parte baja. Luego "q" es el ángulo formado por las dos visuales.
Línea horizontal L bb LLínín eeaa
vVisis uuaa ll
q b : Ángulo de depresión Consideración: En el gráfico adjunto. "q" es el ángulo bajo el cual se divisa la torre. Note que deben trazarse las dos
PROBLEMAS RESUELTOS
Problema 1 En base a los datos de la figura calcular Tanq. B
NIVEL INTERMEDIO
60° 3n
A) 1,2 D) 4,0
D n A
q
Problema 2 Resolver: x + 3Tan45° 2Sen37° + 1 = x – 3Tan45° 2Sen37° – 1
C
B) 2,4 E) 5,8
C) 3,6
Resolución: Planteamiento:
NIVEL DIFÍCIL
A)
3 4
C)
3 6
E)
B)
3 5
D)
3 7
Sabemos:
Resolución: 1
Análisis de los datos: • Por el punto (D) se traza la perpendicular DP (P en AC). • El triángulo DPC es notable de 30º y 60º. • Sea n = 2. • La longitud del lado del triángulo ABC es 8. En el triángulo rectángulo sombreado 3 (APD): Tanq = 7 3 Respuesta: 7
SAN MARCOS
2 Tan45° = 1
45°
3 8
Resolución: Planteamiento: • Completando los datos, el triángulo ABC es equilátero. • Las alternativas del problema son números, entonces es conveniente asignar un valor a (n).
Problema 3 Desde un punto en tierra se divisa lo alto de un poste con un ángulo de elevación de 37º. Si la altura del poste es de 30 m. ¿A qué distancia del poste se encuentra el punto de observación? A) 10 B) 20 C) 30 D) 40 E) 50
1
3
5
53° 4
Planteamiento: Sabemos:
45° Tan37° = 3 5
30m 37°
37°
x
Por aritmética: a+b m+n a m = = → b n a–b m–n
3
5
53° 4
Análisis de los datos: Aplicando la teoría de proporciones: x 2Sen37° = 3Tan45° 1 Reemplazando y operando convenientemente: 3 18 x =2 →x= → x = 3,6 3(1) 5 5
Análisis de los datos: Considerando el triangulo notable de 37° y 53°, tomamos Tg37° en el gráfico del problema. Tg37° =
30 3 30 → x = 40m → = x x 4
Respuesta: C) 3,6
7
37°
TRIGONOMETRÍA
Respuesta: D) 40m
TEMA 3
TRIGONOMETRÍA TEMA 4
RESOLUCIÓN DE TRIÁNGULOS RECTÁNGULOS DESARROLLO DEL TEMA
I.
Sabemos que todo triángulo tiene seis elementos básicos, tres lados y tres ángulos.
y
Además otros elementos auxiliares como alturas, medianas, bisectrices, etc.
x
Para “y” y = Secq → y = aSecq a
q a
Resolver un triángulo consiste fundamentalmente en hallar los elementos básicos de este, para lo cual debemos conocer por lo menos tres de sus elementos (necesariamente uno de ellos no angular). II.
Para “x” x = Tanq → x = aTanq a
INTRODUCCIÓN
III. ÁREA DE REGIÓN TRIANGULAR
a
TRES CASOS
S=
S er
1.
q
Caso
Conociendo la longitud de la hipotenusa y un ángulo agudo.
a
y
q x
a.b Senq 2
b
Para “x” x = Cosq → x = aCosq a
Ejemplo: Calcule el área de la región triangular ABC, sabiendo que AB = 5 cm, AC = 6 cm y el ángulo comprendido entre dichos lados es igual a 37°.
Para “y” y = Senq → y = aSenq a
Resolución: 1 . 5 . 6 Sen37° 2 1 . 5 . 6 J 3N S= K O 2 L 5P
S= do
2.
5
Caso
Conociendo un ángulo agudo y longitud de su cateto opuesto.
a
q x er
6
Para “x” x = Cotq → x = aCotq a
y
3.
S = 9 u2
37°
IV. LEY DE PROYECCIONES
Para “y” y = Cscq → y = aCscq a
En todo triángulo ABC; se cumple: B aCosB + bCosA = c
Conociendo un ángulo agudo y la longitud de su cateto adyacente.
SAN MARCOS
A
8
bCosC + cCosB = a
a
c
Caso
b
aCosC + cCosA = b C
TRIGONOMETRÍA
TEMA 4
RESOLUCIÓN DE TRIÁNGULOS RECTÁNGULOS
Prueba: Trazando una altura y aplicando uno de los casos mencionados anteriormente llegamos a: B
c
a
A A
C
cCosA
Se concluye: cCosA + aCosC = b
C
aCosC b
PROBLEMAS RESUELTOS
Problema 1 De la figura S1 y S2: áreas. Calcular
S1 S2
Problema 2 .
De la figura AC = DE = a D
Respuesta: (Sena – Cosq)
S1 q A) Senq D) Csc2q
C q
S2
q
B) Cosq E) Sen2q
C) Sec2q
Resolución: Sabemos q
a
b
S
ab S= Senq 2
A
q q
n
S2
S2
Respuesta: Sec2q
SAN MARCOS
Resolución: De acuerdo con la ley de proyecciones, se sabe: Dado el triángulo ABC: aCosB + bCosA = c aCosC + cCosA = b bCosC + cCosB = a
Se sabe: m
mSenq
q
mCosq Resolución:
b
a
C q
a A
Planteamiento Aplicando la propiedad distributiva: K = aCosC + bCosC + aCosB + cCosB + bCosA + cCosA
D
b
= Sec2q
Dado un triángulo ABC y siendo "p" el semi-perímetro determinar qué representa la siguiente expresión: K = (a+b)CosC + (a+c)CosB + (b+c)CosA A) 2p B) p C) p + a D) p – a E) p + b
B
Análisis del problema:
S1
Aplicando fórmula: an Senq S1 3 a = = b S2 bn Senq 3 De la figura: S1
E
Problema 3
a
DC = b. Halla b/a. A) (Sena – Cosq) B) (Csca – Secq) C) (Tga – Ctgq) D) (Csca – Cosq) E) (Cosq – Csca)
Asignamos variables en la figura: a
aSena = aCosq + b → a(Sena – Cosq) = b b → Sena – Cosq = a
a
aSena aCosq
B
E
En el triángulo ABC, BC = Cosq → BC = aCosq a En el triángulo EBD, BD = Senq → BD = aSenq a
9
Análisis de los datos Agrupando convencionalmente: K = (aCosC + cCosA) + (bCosC+cCosB) + 14444244443 14444244443 b a (aCosB+bCosA) 14444244443 c K=a+b+c p: perímetro
Respuesta: 2p
TRIGONOMETRÍA
TEMA 4
TRIGONOMETRÍA TEMA 5
GEOMETRÍA ANALÍTICA ECUACIÓN DE LA RECTA I DESARROLLO DEL TEMA
I.
III. DISTANCIA ENTRE DOS PUNTOS
CONCEPTO
<...