Title | Aplicación de Integrales - Pamela Barroso |
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Author | Pamela Barroso |
Course | Fundamentos de la Administración |
Institution | Universidad TecMilenio |
Pages | 3 |
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este es una actvidad ejerciciosobligatorios ...
Aplicación de Integrales
Parte 1 a. A partir de una hoja de maquina tamaño carta A4 cuyas medidas son aproximadamente 21 cm de ancho y 30 cm de largo, se desea construir una caja rectangular sin tapa recortando un cuadrado de cada esquina de “x” cm. Obtener las dimensiones de la caja: ancho largo y alto para que la caja encierre un volumen máximo.
2. Respuestas a. Ancho de la caja al recortarle los cuadrados en cada esquina:
21−2 x
b. Largo de la caja al recortarle los cuadrados en cada esquina:
30−2 x
c. Volumen de la caja en función de “x”: 2 V ( x ) =x ∙ ( 21−2 x ) ∙ ( 30−2 x ) =x ( 630−42 x−60 x +4 x ) 2 3 2 V ( x ) =x ( 630−102 x + 4 x ) =4 x −102 x +630 x
d. Puntos Críticos: V ' ( x )=12 x 2 −204 x +630=0 12 x 2 204 x 630 =0→ 2 x2−34 x+105 =0 + − 6 6 6 −b ± √b −4 ac −(−34)± √( −34 ) −4 ( 2 )(105) x 1=12.95 = → 2a 2(2) x 2=4.06 2
x=
2
Aplicación de Integrales e. Criterio de la primera derivada V ' ( x )=12 x 2−204 x +630 Con el método de valores de prueba
(−∞ ; 4.06)
x=4.06
(4.06 ; 12.95 )
x=12.95
(12.95 ;+∞ )
V ' ( 0 )=630
' V ( 4.06 ) =0
' V ( 5) =−90
V ' ( 12.95 )=0
V ' ( 13) =6
Creciente↑
Máximo
Decreciente↓
Mínimo
Creciente↑
Con
x=4.06 cm se consigue una caja de volumen máximo
f. Dimensiones de la caja de volumen máximo Ancho : 21 −2 ( 4.06 ) =12.88 cm Largo :30 −2 ( 4.06 )=21.88 cm Alto : 4.06 cm
Parte 2 3. Usando las fórmulas x−1 −1 y7 w2 −2 6 +C 3. x dx = + C= +C 1.∫ wdw= +C 2.∫ y dy= ∫ 7 −1 2 x 4.∫ t dt= −3
6.∫ x
−2 /5
−2
7/ 4 t z 4 −1 3/ 4 + C= z 7 / 4 +C +C= 2 +C 5.∫ z dz= 7/4 −2 7 2t
dx=
3 /5 5 x +C= x 3/ 5+C 3/5 3
4. Transformando y luego integrando 5 5 /7 7.∫ √ y dy=∫ y dy= 7
8.∫
1 x
3/ 2
12 /7
y 7 12 /7 y +C +C= 12 12/7
dx=∫ x −3 /2 dx=
−1/ 2
x −1 −1 /2 x +C +C= 2 −2
Aplicación de Integrales 5. Usando propiedades y formulas básicas a .∫ b .∫
(
−1 3x x 3x 1 1 x −2 − +3 −x dx=ln ( x ) + + +C +C=ln ( x ) + ln 3 −1 x ln 3 x
)
(
2
)
(
)
2 2 3x 1 3 x −1 3x 1 − dx= 3 x− dx =∫ −ln ( x ) +C dx=∫ x x x x 2
2
3
3 2 4x 12 x c .∫ ( 2 x−3 ) dx=∫ ( 4 x 2−12 x + 9 ) dx= 4 x − +9 x+C= −6 x 2 +9 x +C 2 3 3
6. Integrales compuestas a .∫
1 8√ y+5 1 dy dy u= √ y +5 → du= dy → 2 du= 2√y √y √y
2∫ 8u du=2 b .∫
8u 2 √ y+5 +C +C= 8 ln 8 ln 8
3 1 u=ln x −2 → du=3 1 dx dx → du= dx 1 /2 3 x 3 u =3 lnx −2 x ( ln x −2)
1
1/ 2 1 /2 1 1 1 u−1/ 2 du= 1 u +C= 1 ( ln x3 −2) +C ∫ du= 3 ∫ 3 u 1/ 2 3 2 6
c .∫
sen
( 1x ) dx u=1/ x → du=−x1 dx
x
−2
2
u=x −1
−du=
x2
dx
()
−∫ sen ( u ) du=−( −cos ( u )) +C=cos 1 + C x...