Title | Ejercicios Propiedades Mecanicas |
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Author | Laura Ajiaco |
Course | Quimica |
Institution | Colegio Mayor del Cauca |
Pages | 9 |
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EJERCICIOS SEGUNDO TERCIO PROPIEDADES MECANICAS Ejercicio 6,27 Una fuerza 20000 N hace que una barra de magnesio de 1 cm por 1 cm se estire de 10 cm a 10,45 cm. Calcule el módulo de elasticidad tanto en GPa Y psi. SOLUCION
1lbf=4,44N
F= 20000N A0= (0.01m)2
∆ L=0.045−3 σ=
E=
F A0
=
20000 2 (0.01)
=200*
10
ε=
Pa
6
σ =4444,44 MP a ε
lf −lo 0.45 cm =0.045 = 10 cm lo
44444,44MPa=4.44GPa
1∈¿ N 1 lbf 2 4,44 2 * ∗(0,254 m ) = 64,516∗106 psi 4,44 N m ¿ 9
Ejercicio 6,24 Se aplica una fuerza de 850 lbf a un alambre de níquel de 0.15 pulg de diámetro, que tiene una resistencia a la cedencia de 45000 psi y una resistencia a la tensión de 55000 psi determine A) si la barra se deforma en forma plástica B) si se forma cuello SOLUCION
σ=
lb 850lb =48100,16 π 2 pulg2 (0.15 pulg) 4
Resistencia a la cedencia = 45000 psi Se deforma en forma plástica porque No se forma en cuello
48100 psi
48100 psi ¿ 55000psi
¿ 45000psi
Ejercicio 6,28 Las dimensiones de una barra de polímero son 1 pul x 2 pul x 15 pul tiene un modulo de elasticidad de 600000 psi ¿qué fuerza se requiere estirarla en forma elástica hasta 15.25 pul? Solución
σ=
F Ao
E=
0.25 pulg 15 pulg
E=
∆L L
∆ L=15.25 pulg−15 pulg
E = 0.016666
∆σ =Modulo de elasticidad = ∆E lb pulg2 ∆ σ =10000 σ=
F Ao
F = 10000
∆ L=0.25 pulg
∆σ =¿ 600000 0.016666
lb pulg2 σ x A 0= F
lb pulg2
x2
lb pulg2
F = 20000 lb
Ejercicio 7,10 Una barra de tensión de aleación de zn-cobre con 30% de cu tiene un coeficiente de endurecimiento por deformación de 0,50. La barra cuyo diámetro inicial es 1cm y su longitud calibrada inicial de 3 cm, falla a un esfuerzo ingenieril o unitario de 120 MPA. Después de fracturarse la longitud calibrada es 3,5 cm y el diámetro es 1,926 cm no se forma cuello calcule el esfuerzo real, cuando la deformación unitaria real es de 0,05 cm/cm. Solución .n= 0,5
∅ f =0,92cm
∅ o=1 cm
ε real=0,05 σing ( falla )=120 MPA
Lo=3cm Lf=3,5 cm
F= σing∗Ao = 1206
Ains=
LO∗ AO Lins
σreal=
0,01 m ¿ ¿ ¿ 2∗0,03 m = 6,73−5 m 2 π ¿ 4 ¿
9424,7 N =140 MPAS 6,73−5 m 2
σreal=k εr
K=
=
0,01 m ¿ ¿ MPA* π ¿ 4
ε =ln
( linslf )=ln( 3,53 )
=0, 15 cm/cm
n
140 MPas =361,4 MPAS 0,15 0,5
σreal =361,4 Mpas (0,150,5 ) =139,96MPAS.
Ejercicio 7,26 Deseamos que una placa de latón de zn con 30% de cobre, que originalmente tiene 1,2 pul de espesor, tenga una resistencia de cedencia, mayor que 50000 psi y un % de elongación al menos del 10% ¿Qué intervalos de espesores finales se deben obtener? Solución
∅ o=1,2 pul σy >50000 psi % ELO ≥10 %
%CW=
Ao− Af Ao
20%=
Ao− Af Ao
20 100
∅ f =?
=
1,2 pul ¿ ¿ df ¿ ¿ ¿2 ¿ 1,2 pul ¿ ¿ ¿2 π ¿ 4 ¿
df=0,96pul. %CW=20%
Ejercicio 7,44 Un alambre de aluminio 3,05 se debe estirar para obtener un alambre de 1mm de diámetro, que tenga una resistencia de cedencia de 20000psi, el 3,05 representa una composición especial de aleación de aluminio. a) calcule el
∅ o del alambre.
c) determine si el alambre tal como se estiro se romperá
b) calcule la fuerza de estiramiento durante el proceso Solución
σy =20000 psi
do ¿ ¿ 0,039 ¿ ¿ ¿2 ¿ do ¿ ¿ π ¿ 4 ¿
=
30 100
%CW=30%
0,3 do2 = do2 - 1,5−3
−3 do2 (0,3−1) = −1,5
Do=0,046pul σy=
f Ao
σyinicial=¿ 8000psi
0,046 ¿ ¿ F= =13,29 lbf π ¿ 4
σtdetermina ruptura ( 0 %CW ) =15000 psi 0,039 ¿ ¿ π ¿ 4 F 13,29 lbf σ= = ¿ A
=11125psi
Como 11125 ¿ 15000 psi al estirarse no obtiene ruptura.
Mecánica de la fractura (introducción ecuaciones) Fractura dúctil
Energía absorbida es alta Deformación plástica
Fractura frágil
No hay aviso de fractura
Concentración de esfuerzos
σm=σ 0
(√ ap ) y s= y s + y p
Cuando es dúctil σc=
√
2 Eγs 2π
Si es frágil
y s= y s
Ejercicio 6,69 Una cerámica compuesta contiene imperfecciones internas hasta de 0,001 cm de longitud. La tenacidad a la fractura en el plano de ese material es 45Mpas √ m y la resistencia a la tensión de 550 Mpas. ¿Un esfuerzo causara la falla del material compuesto antes de alcanzar la resistencia a la tensión? Suponga que f =1 Solución a=0,0005 cm kc =45 MPa √m σy =550 MPas
0,0005∗10−2 ¿ π¿ k c =F √πa σy=45 MPas √ m=1∗√ ¿
σc=11354,09 MPa
2a =0,001cm ; a=
0,001 = 5− 4 2
Ejercicio 6,70 Una aleación de aluminio tiene una tenacidad a la fractura en el plano de 25000psi √ pul y falla cuando se le aplica un esfuerzo de 42000psi. Al observar la superficie de la
fractura, se observa que esta comenzó en la superficie del componente, estime el tamañano de la imperfección que inicio la fractura. Suponga que f =1.1 Solución σc =42000 psi
√ pul
Kc= 25000psi f =1
Kc=f
√ πa∗σc ;
(
Kc 2 ) fσc
= √ πa ; a=
(
Kc 2 ) fσc
*
1 π
; a=0,093 in
Ejercicio 7,5 Una barra metálica de 0,505 in de diámetro con la longitud calibrada (L o) de 2 in se somete a un ensayo de tensión. Se realizan las siguientes mediciones en la región plástica.
fuerza(lb)
cambio de longitud calibrada (pulg)(∆)
diámetro (pul)
27500
0,2113
0,48
27000
0,4428
0,4566
25700
0,6997
0,4343
Determine el exponente de endurecimiento por deformación para este metal. Ese metal ¿posiblemente sea FCC, BBB O HCP? Explique por qué. Solución σreal=k εr n 1) hallar
σreal de cada uno de los datos (tres).
2,2103∈¿ AoLo=AinsLins; Ains=
AoLo Lins
; π ( 0,5052 )∗2∈ ¿ = (para los tres). ¿ 4
¿
σ real (psi)
ε real(pul/pul)
152017,68
0,0999
164935,85 173531,39
0,199 0,299
εreal =ln( 2)
Lins ) Lo
hacer un sistema de dos escuaciones
lnσ 1=lnk +nlnεr 1 lnσ 2=lnk +nlnεr 2 (-1)
ln ( 164935,85−17353,39 )=n(lnεr 1−lnεr 2) n=
ln(σ 1−σ 2) = lnεr 1−lnεr 2
ln(8595,54) =22,25 0,4071
Ejercicio 6,71 Un polímero que contiene varias imperfecciones internas de 1 mm de longitud falla con un esfuerzo de 25 Mpa. Calcule la tenacidad a la fractura en deformación plana de ese polímero. Suponga f =1 . Solución
Kc= f √ πa * σc = 1
√ π (0,5−3 ) (25Mpa) Kc=0,99Mpa √ m
1 a= =0,5 mm 2
Ejercicio 6,72 Una parte cerámica para un motor de reacción tiene resistencia de cedencia de 75000 psi y tenacidad a la fractura en el plano de 5000psi √ pul . Para cerciorarse de que no falle la parte, se quiere asegurar que el esfuerzo aplicado máximo sea una tercera parte de la resistencia a la cedencia. Se usa una prueba no destructiva que indica todas las imperfecciones internas de mayor longitud que 0,05 pul. Suponiendo que f= 1.4 ¿esa prueba no destructiva tiene la suficiente sensibilidad necesaria? Explique por qué. Solución σy =75000 psi Kc= 5000 psi √ ¿
σmax=
75000 =25000 Psi 3
f =1.4
a ¿ 0,025
√π 1,4 ¿ Kc= f √ πa∗σc ; 5000 psi √ ¿ σc= ¿ 25000psi
100%
12743,7Psi
x
Variación porcentual=
= 12743,7 psi
X=50,97%
25000−12743,7 psi *100= ≈ 50 % 25000
Por lo tanto es muy insensible la prueba ya que a duras penas alcanza a detectar la mitad es decir tiene una sensibilidad del 50% aproximadamente para dichas imperfecciones. Ejercicio 6,89 Se va a ejercer una carga de 15000lb en el extremo de una viga de aluminio de 10pul de longitud. Esa barra debe durar al menos 106 ciclos ¿Qué diámetro mínimo debe tener? Solución F=1500lbf L=10 pul
DATO DE GRAFICA FATIGA VS CICLOS=esfuerzo de 65000psi Para 106 ciclos
∅=?
Duración= 106 CICLOS σfs=
fl 3 πr
;
R3 =
fl =0, 14 IN σπ...