Title | Exercícios resolvidos Diomara - Funções varias variáveis |
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Author | Claudio Martines |
Course | Cálculo Diferencial E Integral Ii |
Institution | Universidade Bandeirante de São Paulo |
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Resolvendo alguns exercícios de Calculo Diferencial e Integral sobre funções de varias variáveis...
Nos exercícios 1 a 6, encontre as derivadas parciais indicadas. 𝜕𝑓 (𝑥, 𝑦) 𝜕𝑥
1. 𝑓 (𝑥, 𝑦) = 3𝑥𝑦 + 6𝑥 − 𝑦 2 ,
2. 𝑓 (𝑥, 𝑦) =
𝜕𝑓 (𝑥, 𝑦) = (3𝑥 )′ . 𝑦 + (3𝑥). (𝑦)′ + (6𝑥)′ 𝜕𝑥 𝜕𝑓 (𝑥, 𝑦) = 3𝑦 + 6 𝜕𝑥
𝑥 + 𝑦 𝜕𝑓 , (𝑥, 𝑦) √𝑦² − 𝑥² 𝜕𝑦
(𝑥 + 𝑦 )′ . √𝑦² − 𝑥² − (𝑥 + 𝑦) . (√𝑦2 − 𝑥 2)′ 𝜕𝑓 (𝑥, 𝑦) = 𝜕𝑦 (𝑦 2 − 𝑥 2) 𝜕𝑓 (𝑥, 𝑦) = 𝜕𝑦
3. 𝑓 (𝑥, 𝑦) = 𝑒
𝑦 𝑥² ( ) 𝑥 ln ( )
𝑦
𝜕𝑓 (𝑥, 𝑦) 𝜕𝑦
𝜕𝑓 (𝑥, 𝑦) = 𝜕𝑦
2𝑦 √𝑦² − 𝑥² − (𝑥 + 𝑦) . 2√𝑦² − 𝑥² (𝑥 2 − 𝑦 2 ) 𝑦 √𝑦² − 𝑥² − (𝑥 + 𝑦) . √𝑦² − 𝑥² (𝑥 2 − 𝑦 2 )
𝑦 𝑦 𝑦 ′ 𝑥2 𝜕𝑓 𝑥² ) ) (𝑥, 𝑦) = 𝑒 (𝑥 . ( ) . ln ( ) + 𝑒 (𝑥 . (ln ( )) 𝑦 𝑥 𝜕𝑦 𝑦
′
𝑦 𝑦 𝑥2 ′ 𝑥² 1 1 𝜕𝑓 (𝑥, 𝑦) = 𝑒 (𝑥 ) . . ln ( ) + 𝑒 ( 𝑥 ) . 2 . ( ) 𝑥 𝜕𝑦 𝑥 𝑦 𝑦 𝑦 𝑦 𝑥2 () 𝑒 𝑥 ln ( 𝑦 ) 𝑦 𝑥2 ( ) 𝑦 (𝑥, 𝑦) = + 𝑒 𝑥 2 . (− 2 ) 𝑦 𝑥 𝑥 𝜕𝑦
𝜕𝑓
1
− 6. 𝑓 (𝑥, 𝑦, 𝑧) = (𝑥 2 + 𝑦 2 + 𝑧²) 2 ,
𝜕𝑓 (𝑥, 𝑦, 𝑧) 𝜕𝑧
𝑒 𝜕𝑓 (𝑥, 𝑦) = 𝜕𝑦
𝑦 𝑥2 ( ) 𝑥 ln ( )
𝑥
𝑦
−
𝑒
𝑦 ( ) 𝑥
𝑦
3 𝜕𝑓 1 − (𝑥, 𝑦, 𝑧) = − = (𝑥 2 + 𝑦 2 + 𝑧2) 2 . 2𝑧 2 𝜕𝑧
𝜕𝑓 𝜕𝑧
(𝑥, 𝑦, 𝑧) =
𝑧
3
(𝑥 2 + 𝑦 2 + 𝑧2)2
7. Encontre a inclinação da reta tangente à curva de interseção do gráfico de
Com o plano 𝑦 = 4 no ponto (3,4,2).
𝑧= √
A intersecção de 𝑧 com o plano 𝑦 = 4 é: 𝑧= √
𝑥 2 𝑦2 + −1 4 9
𝑥 2 16 −1 + 4 9
Lembrando que a inclinação da reta tangente é dada pela derivada da função no ponto. Portanto:
𝜕𝑧
𝜕𝑥
(𝑥, 𝑦) = √𝑥 2 2 𝜕𝑧
1
.
81 2𝑥 . 9
𝑥1 9 +4− (𝑥, 𝑦) = 𝑥 2 𝜕𝑥 9√ + 4 − 1 9
8. Verifique se as funções abaixo são diferenciáveis em (0,0).
𝜕𝑧
𝜕𝑥
(3,4) =
3 18
𝑥𝑦 , (𝑥, 𝑦) ≠ (0,0) (𝑎) 𝑓 (𝑥, 𝑦) = {𝑥² + 𝑦² (𝑥, 𝑦) = (0,0) 0,
Pela definição de derivada parcial em relação a 𝑥:
𝑓(𝑥, 𝑦0 ) − 𝑓(𝑥0 , 𝑦0 ) 𝜕𝑓 (𝑥 , 𝑦 ) = lim 𝑥→ 𝑥0 𝜕𝑥 0 0 𝑥 − 𝑥0 𝑓(𝑥, 0) − 𝑓(0,0) 𝜕𝑓 (0,0) = lim 𝑥→ 𝑥0 𝑥−0 𝜕𝑥
0 0 2 𝜕𝑓 𝑥 (0,0) = lim = lim 3 = 0 𝑥→ 0 𝑥 𝑥→ 0 𝑥 𝜕𝑥
Lembrando que tende a 0, ainda não é zero. Por isso não é indeterminação
𝑓(𝑥0 , 𝑦 ) − 𝑓(𝑥0 , 𝑦0 ) 𝜕𝑓 (𝑥0 , 𝑦0 ) = lim 𝑦→𝑦0 𝜕𝑦 𝑦 − 𝑦0 𝑓(0, 𝑦) − 𝑓(0, 0) 𝜕𝑓 (𝑥 , 𝑦 ) = lim 𝑦→0 𝜕𝑦 0 0 𝑦−0 𝜕𝑓 0 (𝑥0 , 𝑦0 ) = lim = 0 𝑦→0 𝑦³ 𝜕𝑦
(𝑖𝑖) lim
𝑥→ 𝑥0 𝑦→ 𝑦0
𝜕𝑓 𝜕𝑓 𝑓(𝑥, 𝑦) − [𝑓(𝑥0 , 𝑦0 ) + (𝑥0 , 𝑦0 )[𝑥 − 𝑥0 ] + 𝜕𝑦 (𝑥0 , 𝑦0 )[𝑦 − 𝑦0 ]] 𝜕𝑥 √𝑥² + 𝑦²
lim
lim
𝑥→ 0 𝑦→ 0
𝑥→ 0 𝑦→ 0
𝑥𝑦 𝑥² + 𝑦²
√𝑥² + 𝑦² 𝑥𝑦
𝑥² + 𝑦² . √𝑥² + 𝑦²
lim
𝑥𝑦
3 𝑥→ 0 𝑦→ 0 (𝑥² + 𝑦²)2
lim
𝑥→ 0 𝑦→ 0
𝑥𝑦
√(𝑥² + 𝑦²)³
0 ≤ |𝑥| ≤ √(𝑥² + 𝑦²)³
0 ≤ 𝑥² ≤ (𝑥² + 𝑦²)³ 𝑥2 0 ≤ (𝑥² + 𝑦²)³ ≤ 1
Pelo teorema do limite do produto de uma função limitada por uma que tende a 0 é igual a zero. Como satisfaz (𝑖) e (𝑖𝑖) a função é diferenciavel em (0,0)....