Title | Analisis Numerico_Serie 5_Tema 6 |
---|---|
Author | José Ricardo López Santarosa |
Course | Análisis Numérico |
Institution | Universidad Nacional Autónoma de México |
Pages | 4 |
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UNIVERSIDAD NACIONALAUTÓNOMA DE MÉXICOFACULTAD DEINGENIERÍADIVISIÓN DECIENCIASBÁSICASSEMESTRE2021-ANÁLISIS NUMÉRICOSerie núm. 5Tema 6Solución numérica de ecuaciones en derivadas parcialesNOMBRE DEL ALUMNO Núm. de cuenta Grupo 03Correo-ePROFESOR:INGÉS BÍREZ Y VILLAFECHA DE ENTREGA: //ANÁLISIS NUMÉRIC...
UNIVERSIDAD NACIONAL AUTÓNOMA DE MÉXICO FACULTAD DE INGENIERÍA DIVISIÓN DE CIENCIAS BÁSICAS SEMESTRE 2021-2
ANÁLISIS NUMÉRICO Serie núm. 5 Tema 6 Solución numérica de ecuaciones en derivadas parciales
NOMBRE DEL ALUMNO Núm. de cuenta
Grupo 03
Correo-e
PROFESOR: ING. ANDRÉS B. RAMÍREZ Y VILLA FECHA DE ENTREGA: __/__/
ANÁLISIS NUMÉRICO TEMA 6: SOLUCIÓN NUMÉRICA DE ECUACIONES EN DERIVADAS PARCIALES
1. Clasifique las ecuaciones diferenciales parciales de segundo orden siguientes de acuerdo con el discriminante: ∂
a)
2 2
∂𝑥
∂
2 2
∂𝑥
∂
2 2
∂𝑥
𝐴 = 1; 𝐶 =−
2
∂𝑦
𝑤(𝑥, 𝑦) = 𝑥 + 𝑦
𝐵 − 4𝐴𝐶 =− 16 < 0 ∂
∂
1 𝑘
2 2
∂𝑦
𝐸𝑠 𝑒𝑙í𝑝𝑡𝑖𝑐𝑎
𝑢 (𝑥, 𝑦) = 10
2
𝐵 − 4𝐴𝐶 = 20 > 0 2
1 ∂ 𝑘 ∂𝑡2
𝑃(𝑥, 𝑡) =
⟹
2
𝑢 (𝑥, 𝑦) + 4 ∂𝑥∂𝑦 𝑢 (𝑥, 𝑦) −
𝐴 = 1; 𝐵 = 4; 𝐶 =− 1 ⟹
c)
2
2
𝐴 = 1; 𝐶 = 4 ⟹ b)
∂
𝑤(𝑥, 𝑦) + 4
⟹
𝑃 (𝑥, 𝑡); 𝑘 𝑝𝑜𝑠𝑖𝑡𝑖𝑣𝑎
2
⟹
𝐸𝑠 ℎ𝑖𝑝𝑒𝑟𝑏ó𝑙𝑖𝑐𝑎
𝐵 − 4𝐴𝐶→0 = 0 ; 𝑐𝑢𝑎𝑛𝑑𝑜 𝑘→∞
⟹
𝐸𝑠 𝑝𝑎𝑟𝑎𝑏ó𝑙𝑖𝑐𝑎
2
𝐵 − 4𝐴𝐶 𝑒𝑛𝑡𝑟𝑒 (0, 4] > 0 ; 𝑐𝑢𝑎𝑛𝑑𝑜 𝑘 ↛∞ (𝑛𝑜 𝑡𝑖𝑒𝑛𝑑𝑒 𝑎 𝑖𝑛𝑓𝑖𝑛𝑖𝑡𝑜) ⟹ 𝐸𝑠 ℎ𝑖𝑝𝑒𝑟𝑏ó𝑙𝑖𝑐𝑎 d)
∂
2 2
∂𝑡
𝑢 (𝑥, 𝑡) + 10
∂ ∂𝑡
𝑢 (𝑥, 𝑡) −
∂
𝐵 − 4𝐴𝐶 = 4 > 0
e) 𝐴𝑢 (𝑥, 𝑦) + 𝐵
∂𝑢 ∂𝑥
=𝐶
𝑢 (𝑥, 𝑡) = 100𝑢 (𝑥, 𝑡)
2
∂𝑥
2
𝐴 =− 1; 𝐶 = 1 →
2
→
𝐸𝑠 ℎ𝑖𝑝𝑒𝑟𝑏ó𝑙𝑖𝑐𝑎
; 𝑑𝑜𝑛𝑑𝑒 𝐴, 𝐵 𝑦 𝐶 𝑠𝑜𝑛 𝑐𝑜𝑛𝑠𝑡𝑎𝑛𝑡𝑒𝑠 𝑝𝑜𝑠𝑖𝑡𝑖𝑣𝑎𝑠
𝑁𝑜 𝑠𝑒 𝑐𝑢𝑒𝑛𝑡𝑎𝑛 𝑐𝑜𝑛 𝑑𝑒𝑟𝑖𝑣𝑎𝑑𝑎𝑠 𝑑𝑒 2° 𝑜𝑟𝑑𝑒𝑛, 𝑝𝑜𝑟 𝑙𝑜 𝑐𝑢𝑎𝑙 𝑁𝑜 𝑠𝑒 𝑝𝑢𝑒𝑑𝑒 𝑐𝑙𝑎𝑠𝑖𝑓𝑖𝑐𝑎𝑟 f) Clasifique en 𝑡 = 2, 𝑥 =− 4 a la ecuación 𝑆𝑖 𝑥 =− 4
⟹
2
∂𝑢 2
∂𝑡
𝐴 = 7; 𝐶 = 1 →
+7
2
∂𝑢
2
∂𝑥
2
∂𝑢 2
∂𝑡
= (1 + 2𝑥)
2
∂𝑢 2
∂𝑥
= 0
2
𝐵 − 4𝐴𝐶 =− 28 < 0
→
𝐸𝑠 𝑒𝑙í𝑝𝑡𝑖𝑐𝑎
2. Obtenga las expresiones numéricas, de derivación parcial siguientes, con pivote en xi, yj, utilizando esquemas de derivación numéricas correspondientes a polinomios de primer grado (incisos a y b) y de segundo grado (incisos c al e): Para todos los incisos 𝑢 = 𝑢(𝑥 , 𝑦 ) 𝑖, 𝑗
a)
∂𝑢(𝑥,𝑦) ∂𝑥
=
1 ∆𝑥
𝑖
𝑗
⎤ ⎡ ⎢ − 𝑢𝑖, 𝑗 + 𝑢𝑖+1, 𝑗 ⎥ = ⎦ ⎣
1 ∆𝑥
[0 0 0 0 − 1 0 0 1 0 ]
ANÁLISIS NUMÉRICO TEMA 6: SOLUCIÓN NUMÉRICA DE ECUACIONES EN DERIVADAS PARCIALES
b)
∂𝑢(𝑥,𝑦) ∂𝑦
=
2
c)
∂ 𝑢(𝑥,𝑦) ∂𝑥
∂ 𝑢(𝑥,𝑦)
1 ∆𝑦
[0 0 0 0 − 1 1 0 0 0 ]
[𝑢𝑖−1, 𝑗 − 2𝑢𝑖, 𝑗 + 𝑢𝑖+1,𝑗] = (∆𝑥) 1 [𝑢𝑖, 𝑗−1 − 2𝑢𝑖, 𝑗 + 𝑢𝑖,𝑗+1] = (∆𝑦)
=
2
∂𝑦
⎤ ⎡ ⎢ − 𝑢𝑖, 𝑗 + 𝑢𝑖, 𝑗+1 ⎥ = ⎣ ⎦
1
=
2
2
d)
1 ∆𝑥
[0 1 0 0 − 2 0 0 1 0 ] 1 [0 0 0 1 − 2 1 0 0 0] (∆𝑦) 1
2
2
(∆𝑥)
2
2
2
e)
∂ 𝑢(𝑥,𝑦) = ∂𝑦∂𝑥 1 𝑢𝑖−1, 𝑗−1 4∆𝑥∆𝑦
[
]
− 𝑢𝑖−1, 𝑗+1 − 𝑢𝑖+1, 𝑗−1 + 𝑢𝑖+1, 𝑗+1 =
1 4∆𝑥∆𝑦
[− 1 0 1 0 0 0 1 0
−1
]
3. Obtenga un esquema en diferencias finitas que permite resolver la ecuación diferencial parcial: ∂𝑢(𝑡,𝑥) ∂𝑡
1 ∆𝑡
1 ∆𝑡
−α
2
2 ∂ 𝑢(𝑡,𝑥) 2
∂𝑥
(
= 0;
2 ⎤ ⎡ ⎢ − 𝑢𝑖, 𝑗+1 + 𝑢𝑖+1, 𝑗+1⎥ − α ⎦ ⎣
[0 0 0 0 − 1 0 0 1 0 ] − α2 (∆𝑥1) [0 0 0 1
)
𝑒𝑛 𝑒𝑙 𝑝𝑢𝑛𝑡𝑜 𝑢 𝑡𝑖, 𝑥𝑗+1 1 2
(∆𝑥)
[𝑢𝑖, 𝑗 − 2𝑢𝑖, 𝑗+1 + 𝑢𝑖,𝑗+2] = 0 ]
− 2 1 0 0 0 = 0 ; 𝑑𝑜𝑛𝑑𝑒 𝑒𝑙 𝑝𝑢𝑛𝑡𝑜 𝑝𝑖𝑣𝑜𝑡𝑒 𝑒𝑠 𝑢 𝑖, 𝑗
2
4. Úsese el método explícito para calcular la distribución de temperatura de una barra larga y delgada que tiene una longitud de 10 cm y los siguientes valores '
𝑐𝑎𝑙
𝑘 = 0. 49 ⎡ 𝑠.𝑐𝑚.°𝐶 ⎤, ∆𝑥 = 2 [𝑐𝑚] y ∆𝑦 = 0. 1 [𝑠]. En 𝑡 = 0 , la temperatura de ⎣ ⎦ la barra cero, y las condiciones de frontera están fijas en todo momento en 𝑇(0 ) = 100 [°𝐶] y 𝑇(10) = 50 [°𝐶]. Observe que la barra es de aluminio con 𝐶 = 0. 2174 ⎡ ⎣ yλ =
0.835(0.1) 2
2 𝑙+1
Sugerencia: 𝑇𝑖
y ρ = 2. 7 ⎡⎢ ⎣ = 0. 020875
𝑐𝑎𝑙 ⎤ 𝑔.°𝐶 ⎦
𝑙
(
𝑙
𝑔 3
𝑐𝑚
𝑙
⎤ . Por lo tanto, 𝑘 = ⎥ ⎦ 𝑙
)
= 𝑇𝑖 + λ 𝑇𝑖+1 − 2𝑇 + 𝑇 ; donde λ = 𝑖 𝑖−1
Para 𝑡 = 0. 1 [𝑠] 𝑇1,1 = 0 + 0. 020875 [0 − 2 (0) + 100] = 2. 0875 𝑇2,1 = 0 + 0. 020875 [0 − 2 (0) + 0] = 0 𝑇3,1 = 0 + 0. 020875 [0 − 2 (0) + 0] = 0 𝑇4,1 = 0 + 0. 020875 [50 − 2 (0) + 0] = 1. 0438 Para 𝑡 = 0. 2 [𝑠]
0.49 2.7(0.2174)
𝑘∆𝑡 2
(∆𝑥)
= 0. 835⎡⎢ ⎣
2
𝑐𝑚 𝑠
⎤ ⎥⎦
ANÁLISIS NUMÉRICO TEMA 6: SOLUCIÓN NUMÉRICA DE ECUACIONES EN DERIVADAS PARCIALES
𝑇1,2 = 2. 0875 + 0. 020875 [0 − 2 (2. 0875) + 100] = 4. 0878 𝑇2,2 = 0 + 0. 020875 [0 − 2 (0) + 2. 0875] = 0. 043577 𝑇3,2 = 0 + 0. 020875 [1. 0438 − 2 (0) + 0] = 0. 021788 𝑇4,2 = 1. 0438 + 0. 020875 [50 − 2 (1. 0438) + 0] = 2. 0439 Para 𝑡 = 0. 3 [𝑠] 𝑇1,3 = 4. 0878 + 0. 020875 [0 − 2 (4. 0878) + 100] = 6. 0046 𝑇2,3 = 0 + 0. 020875 [0 − 2 (0) + 4. 0878] = 0. 08533 𝑇3,3 = 0 + 0. 020875 [2. 0439 − 2 (0) + 0] = 0. 04267 𝑇4,3 = 2. 0439 + 0. 020875 [50 − 2 (2. 0439) + 0] = 3. 0023 Continuamos iterando y obtenemos la siguiente gráfica para los primeros 4 segundos. El aumento general de la temperatura con el tiempo indica que el cálculo captura la difusión del calor de los extremos a la barra....