Title | Teste 1 10 resolucao - rrrrrrrrrrr |
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Author | Laura Pinto |
Course | Management Research Report |
Institution | University of Exeter |
Pages | 4 |
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rrrrrrrrrrr...
TESTE N.º 1 – Proposta de resolução 1. Opção (A) Seja A a área total da pirâmide quadrangular regular de aresta .
A = 2 + 4 ×
×ℎ , 2
onde ℎ é a altura de cada uma das faces.
Assim: A = 2 + 4 × = 2 + 4 =
2
√3
× 2
√32 4
2
Cálculo auxiliar 2 2 ℎ2 + � � = 2 ⇔ ℎ 2 = 2 − 4 2 3 2 ⇔ ℎ2 =
=
4
=
Logo, ℎ = �
2
+ √3 =
32 4
√3
=
2
.
= 2 (1 + �3)
2. Seja o lado do quadrado inscrito na circunferência de raio e A a área do quadrado. 2
A = 2 = = =
=
2
�√7−1� 2 2
�√7� −2√7+1 2 8−2√7 1
4−√7
=
�4−√7)�4+√7��
=
2 4 2 −�√7�
=
4+√7
16−7
⇔ 22 = 4 × � ⇔ 2 =
=
4+√7
4+ √7
2 + 2 = (2)2
=
=
=
=
Cálculo auxiliar 1 = √7 − 1
2
1
�
√7−1
2
2
�√7−1�
=
=
=
4+√7 9
3. Opção (B) ~( < 0 ∨ ≥ ) ⇔ ≥ 0 ∧ <
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4. 1+(−2)
4.1. Coordenadas do ponto médio de []: �
2
,
2+(−2) � 2
= �−
1 , 0� 2
Coordenadas de um vetor diretor da bissetriz dos quadrantes pares: (−1,1) 1
Equação vetorial da reta pretendida: (, ) = �− 2 , 0� + (−1,1), ∈ ℝ 4.2. ���� = − = (−2, −2) − (1, 2) = (−3, −4) 4.2.1. −4
= −3 = 4
4
3
=3 +
4
Como pertence à reta , vem 2 = 3 × 1 + . 4
2
Logo, = 2 − = 3. 3
4
Equação reduzida da reta : = +3 3
2
Para que (, − 1) pertença à reta , tem que se verificar: 4
2
4
2
1
5
− 1 = 3 × +3 ⇔ −3 =3 + 1 ⇔ − 3 =3 ⇔ = −5
4.2.2. Para que (, − 1) pertença à mediatriz de [], tem que se verificar (, ) = (, ). Temos que: (, ) = (, )
⇔ �( − 1)2 + ( − 1 − 2)2 = �( + 2)2 + ( − 1 + 2)2
⇔ 2 − 2 + 1 + 2 − 6 + 9 = 2 + 4 + 4 + 2 + 2 + 1
⇔ −8 + 10 = 6 + 5 ⇔ −14 = −5 ⇔ =
5
14
5
Logo, o valor de para o qual pertence à mediatriz de [] é 14. ����� = (−3, −4) 4.3.
����� , tem de ser da forma ����� , isto é,(−3, −4), ∈ ℝ. Para o vetor ser colinear com Para que tenha norma √15, tem que acontecer:
�(−3)2 + (−4)2 = √15 ⇔ 92 + 162 = 15 ⇔ 252 = 15 ⇔ 2 =
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⇔ = ±� ⇔ =
√15 5
∨ = −
√15 5
√15
����� , tem-se que = − . Para que o vetor tenha sentido contrário ao de 5 3√15 5
Assim, o vetor nas condições pretendidas tem coordenadas �
,
4√15 5
�.
5. Opção (D) 1
(26 8 )−4 × √8−2 = 4
4
1
√2 6 8
× √8−2 = � 4
4
=�
4
8−2
26 8
4
8 8
=
=
1
=
4 4
1
(8 8 )4
=
1
=
(22 ) 4 2 ×2
=
2 2 ()2
=
1
=
=
√2 ()2
6. 6.1. 6.1.1. 2 + 2 − 4 − 10 = 0 ⇔ 2 − 4 + 22 + 2 − 10 + 52 = 22 + 55 ⇔ ( − 2)2 + ( − 5)2 = 29
O centro da circunferência é o ponto de coordenadas (2, 5). Como este ponto não pertence à bissetriz dos quadrantes ímpares, pois não verifica a condição = , a proposição apresentada é falsa. 6.1.2. Determinação das coordenadas do ponto : (, 7) Como pertence à circunferência, vem que:
( − 2)2 + (7 − 5)2 = 29 ⇔ ( − 2)2 + 4 = 29 ⇔ ( − 2)2 = 25
⇔ − 2 = 5 ∨ − 2 = −5 ⇔ = 7 ∨ = −3
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Como pertence ao 2.º quadrante, tem--se que < 0. Logo, = −3. Assim, (−3, 7).
��� é um vetor diretor da reta e � ���� = − = (−3, 7). Logo, a equação reduzida é do 7
7
tipo = −3 + . Como a reta passa na origem, vem que = − . 3
= + 6 A reta definida por � , ∈ ℝ tem como vetor diretor�(6, −14) (por exemplo) = √2 − 14
e o seu declive é, então, −
14 6
7
=− . 3
Como os declives das retas e são iguais, as retas são paralelas (não são retas coincidentes pois, por exemplo, o ponto da reta de coordenadas (, √2) não pertence à 7
reta , já que √2 ≠ −3 ).
Assim, a proposição apresentada é verdadeira.
6.2.
7
(( − 2)2 + ( − 5)2 ≤ 29 ∧ ≥ 7) ∨ �( − 2)2 + ( − 5)2 ≤ 29 ∧ ≤ − � 3 7
⇔ ( − 2)2 + ( − 5)2 ≤ 29 ∧ � ≥ 7 ∨ ≤ −3 �
7. Opção (B) : �(−2019)2 = −2019 é uma proposição falsa.
: 3�(−2018)3 = −2018 é uma proposição verdadeira. Assim: ( ∧ ) ⇔ (F ∧ V) ⇔ F
( ∨ ) ⇔ (F ∨ V) ⇔ V
( ⇒ ) ⇔ (V ⇒ F) ⇔ F
( ⇔ ) ⇔ (F ⇔ V) ⇔ F
8. Opção (C) Das opções apresentadas, apenas o vetor de coordenadas (0, 2018) tem a direção do eixo . Assim, a única equação que pode definir a reta é (, ) = (3, 3) + (0, 2018), ∈ ℝ.
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