Title | Ciclos potencia gas ejercicios resueltos |
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Course | Termodinámica e transmisión de calor |
Institution | Universidade de Vigo |
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Ciclos potencia gas ejercicios resueltos Ciclos potencia gas ejercicios resueltos...
1. Se ejecuta un ciclo de aire estándar con calores específicos constantes en un sistema cerrado de cilindro-émbolo, y está compuesto de los siguientes tres procesos: 1-2 Compresión isoentrópica, con una relación de compresión r = 6, T1 = 27 °C y P1 = 100 kPa; 2-3 Adición de calor a presión constante; 3-1 Cesión de calor a volumen constante. Suponga que el aire tiene propiedades constantes con cv = 0,718 kJ/kg-K, cp = 1,005 kJ/kg-K, R = 0,287 kJ/kg-K y k = 1,4. a) Trace los diagramas P-v y T-s para este ciclo. b) Determine la relación de trabajo de compresión al de expansión (relación de trabajo de retroceso). [Sol.: 0,256] a) Diagramas P-v y T-s del ciclo. P b) Relación de trabajo de retroceso:
3
2
Proceso 1-2: Compresión isentrópica 𝑤1−2,𝑖𝑛=𝑚𝑐v (𝑇2 − 𝑇1 ) 𝑇2 =𝑇1 (
v1
v2
)
𝑘−1
=𝑇1 𝑟
1
𝑘−1
v
Proceso 2-3: Adición de calor a presión constante 3
𝑤2−3,𝑜𝑢𝑡= ∫ 𝑃𝑑v =𝑃2 (V3 − V2 )=𝑚𝑅(𝑇3 − 𝑇2 ) 2
𝑚𝑐 (𝑇 −𝑇 ) 𝑤1−2,𝑖𝑛 = v 2 1 𝑤2−3,𝑜𝑢𝑡 𝑚𝑅(𝑇3 −𝑇2 )
1
Teniendo en cuenta que 𝑅 =𝑐𝑝 − 𝑐v y 𝑘 =
𝑐𝑝
𝑐v
3 2
La relación de trabajo de retroceso es: 𝑟𝑏𝑤=
T
y por tanto, 𝑐v =
𝑅
s
𝑘−1
Y que 𝑇3 𝑇2
=
v3
v2
=
v1
v2
=𝑟
Sustituyendo en la relación de trabajo de retroceso: rbw =
R 1 T2 (1 − T1 / T2 ) k − 1 R T2 (T 3 / T 2 − 1)
1 1 − k −1 1 k 1 1−r − 1 r = = k −1 r −1 k −1 r −1 − 0.4 − 1 1 6 = 1.4 − 1 6 − 1 = 0.256
(
(
)
)
1
3. Considere un ciclo de Carnot ejecutado en un sistema cerrado con 0,6 kg de aire. Los límites de temperatura del ciclo son 300 y 1.100 K, y las presiones mínima y máxima que ocurren durante el ciclo son 20 y 3.000 kPa. Utilizando las suposiciones de aire estándar frío, determine la producción neta de trabajo por ciclo. [Sol.: 63,8 kJ] De la Tabla A-2: Cp = 1,005 kJ/kg·K, Cv = 0,718 kJ/kg·K, R = 0,287 kJ/kg·K y k = 1,4.
La presión mínima en el ciclo es P3 y la presión máxima es P1. Por tanto, T 2 P2 = T 3 P3
( k −1) / k
T
o, T P2 = P3 2 T3
k / ( k −1)
1100 K = ( 20 kPa) 300 K
qin
1100
1
300
4
2
1.4/0.4
= 1888 kPa 3 qout
La entrada de calor viene determinada por 𝑠2 −
𝑇 𝑠1 =𝑐𝑝 𝑙𝑛 2𝑇 1
− 𝑅𝑙𝑛
𝑃2
𝑃1
=−(0,287 kJ/kg
1.888 kPa ⋅ 𝐾) ln 3.000 kPa=
s 0,1329 kJ/kg ⋅ 𝐾
𝑄in=𝑚𝑇𝐻 (𝑠2 − 𝑠1 ) = (0,6 kg)(1.100 𝐾 )(0,1329 kJ/kg ⋅ 𝐾) = 87,73 kJ
Por tanto, 𝜂th=1 −
𝑇𝐿 300 𝐾 =1 − =0,7273= 72,7% 𝑇𝐻 1.100 𝐾
𝑊net out =𝜂th 𝑄in= (0,7273)(87,73 kJ) = 63,8 kJ
7. La relación de compresión de un ciclo de Otto de aire estándar es 9,5. Antes del proceso de compresión isoentrópica, el aire está a 100 kPa, 35 °C y 600 cm3. La temperatura al final del proceso de expansión isoentrópica es de 800 K. Usando valores de calores específicos a temperatura ambiente, determine: a) la temperatura más alta y la presión más alta en el ciclo; b) la cantidad de calor transferido al fluido de trabajo, en kJ; c) la eficiencia térmica, y d) la presión media efectiva. [Sol.: 1.969 K, 6.072 kPa, 0,590 kJ, 59,4%, 652 kPa] De la Tabla A-2: Cp = 1,005 kJ/kg·K, Cv = 0,718 kJ/kg·K, R = 0,287 kJ/kg·K, y k = 1,4. a) Proceso 1-2: Compresión isentrópica. k −1
v1 = (308 K )(9.5 )0.4 = 757.9 K T2 = T1 v 2 v T P2v 2 P1v 1 757.9 K (100 kPa ) = 2338 kPa = ⎯ ⎯→ P2 = 1 2 P1 = (9.5) v 2 T1 T2 T1 308 K
P 3 Qin 2
Qout
4 1
v 2
Proceso 3-4: Expansión isentrópica. 𝑇3 =𝑇4 (
v4
v3
)
𝑘−1
= (800 𝐾)(9.5)0.4=1.969 K
Proceso 2-3: Adición de calor a volumen constante. 𝑃3 v3 𝑇3
=
𝑃2 v2
→ 𝑃3 =
𝑇2
𝑇3
𝑃 𝑇2 2
=(
1969 𝐾
757.9 𝐾
) (2338 kPa) =6.072 kPa
b) Cantidad de calor transferido al fluido de trabajo: 𝑚=
(100 kPa)(0,0006 𝑚3 ) 𝑃1 V1 =6,788 × 10−4 kg = 𝑅𝑇1 (0,287 kPa ⋅ 𝑚3 /kg ⋅ 𝐾 )(308 𝐾 )
𝑄in=𝑚(𝑢3 − 𝑢2 ) =𝑚𝑐v (𝑇3 − 𝑇2 ) =
= (6,788 × 10−4 kg)(0,718 kJ/kg ⋅ 𝐾 )(1.969 − 757,9) 𝐾 =0,590 kJ
c) Eficiencia térmica: Proceso 4-1: Cesión de calor a volumen constante. 𝑄out=𝑚(𝑢4 − 𝑢1 )=𝑚𝑐v (𝑇4 − 𝑇1 ) =−(6,788 × 10−4 ) kg)(0,718 kJ/kg ⋅ 𝐾)(800 − 308 𝐾 =0,240 kJ
𝑊net=𝑄in− 𝑄out=0,590 − 0,240= 0,350 kJ 𝜂th=
𝑊net,out 0,350 kJ = 59,4% = 0,590 kJ 𝑄in
d) Presión media efectiva: V min = V 2 = MEP =
V max r
W net, out
V 1 −V 2
=
W net, out
V 1 (1 − 1 / r )
=
kPa m3 0.0006 m (1− 1/9.5) kJ
(
0.350 kJ 3
)
= 652 kPa
10. Un motor ideal Diesel tiene una relación de compresión de 20 y usa aire como fluido de trabajo. El estado del aire al principio del proceso de compresión es 95 kPa y 20°C. Si la temperatura máxima en el ciclo no ha de exceder 2.200 K, determine a) la eficiencia térmica y b) la presión media efectiva. Suponga calores específicos constantes para el aire a temperatura ambiente. [Sol.: 63,5%, 933 kPa] De la Tabla A-2: Cp = 1,005 kJ/kg·K, Cv = 0,718 kJ/kg·K, R = 0,287 kJ/kg·K, y k = 1,4.
3
a) Eficiencia térmica:
P
V
𝑇2 =𝑇1 ( 1 ) V
𝑘−1
2
qin
2
Proceso 1-2: Compresión isentrópica.
3
= (293 𝐾)(20)0.4= 971,1 𝐾
4
Proceso 2-3: Adición de calor a presión constante. 𝑃3V3
=
𝑇3
𝑃2V2 𝑇2
→
V3
V2
=
𝑇3 𝑇2
=
2200 𝐾
971.1 𝐾
qout 1
=2,265
v
Proceso 3-4: Expansión isentrópica. V T4 = T3 3 V 4
k −1
2.265V 2 = T3 V 4
k −1
2.265 = T3 r
k −1
2.265 = (2200 K ) 20
0.4
= 920.6 K
q in = h 3 − h 2 = c p (T3 −T 2 ) = (1.005 kJ/kg K)( 2200 − 971.1)K = 1235 kJ/kg q out = u 4 − u 1 = cv (T 4 − T 1 ) = (0.718 kJ/kg K )(920.6 − 293 )K = 450.6 kJ/kg wnet, out = qin − qout = 1235 − 450 .6 = 784.4 kJ/kg
th =
wnet, out
=
qin
784.4 kJ/kg 1235 kJ/kg
= 63.5%
b) Presión media efectiva: v1 =
RT1 P1
v min = v 2 = MEP =
(0.287 kPa m /kg K )(293 K) = 0.885 m /kg =v 3
=
3
95 kPa
max
v max r
wnet, out
v 1 −v
2
=
w net, out
v 1 (1 − 1 / r )
=
kPa m3 kJ 0.885 m 3 /kg (1− 1/20)
(
784.4 kJ/kg
)
= 933 kPa
14. Una planta eléctrica con turbina de gas opera en el ciclo Brayton simple entre los límites de presión de 100 y 800 kPa. El aire entra al compresor a 30 °C y sale a 330°C a un flujo másico de 200 kg/s. La temperatura máxima del ciclo es 1.400 K. Durante la operación del ciclo, la producción neta de potencia se mide experimentalmente como 60 MW. Suponga propiedades constantes para el aire a 300 K, con cv = 0,718 kJ/kg-K, cp = 1,005 kJ/kg-K, R = 0,287 kJ/kg-K y k = 1,4. Se pide: a) Trazar el diagrama T-s para el ciclo; b) Determinar la eficiencia isentrópica de la turbina para estas condiciones de operación; c) Determinar la eficiencia térmica del ciclo. [Sol.: 95,4%, 37,5%] a) El diagrama T-s del ciclo.
T 3
1400 K 2s 2
b) Eficiencia isentrópica de la turbina: Para el proceso de compresión,
303 K
1
4
4s
s 4
Para la turbina, durante el proceso isentrópico, 𝑇4𝑠=𝑇3 (
𝑃4 (𝑘−1)/𝑘 100 kPa 0.4/1.4 ) =(1.400 K) ( ) = 772,9 K 𝑃3 800 kPa
𝑊Turb,s=𝑚𝑐𝑝 (𝑇3 − 𝑇4𝑠 )=(200 kg/s)(1,005 kJ/kg ⋅ 𝐾)(1.400 − 772,9)𝐾 = 126.050 kW
La potencia de salida de la turbina es
La eficiencia isentrópica de la turbina es, por tanto: 𝜂Turb=
𝑊 Turb 120.300 kW = 126.050 kW=0,954= 𝑊Turb,s
95,4%
c) Eficiencia térmica del ciclo: El calor absorbido resulta, 𝑄in=𝑚𝑐𝑝 (𝑇3 − 𝑇2 )=(200 kg/s)(1,005 kJ/kg ⋅ 𝐾)[(1.400 − (330 + 273)]𝐾 =160.200 kW
Siendo, por tanto, la eficiencia térmica del ciclo: 𝜂th=
60.000 kW 𝑊 net = =0,375= 𝑄in 160.200 kW
37,5%
5...