Title | Esercizi sulle serie numeriche |
---|---|
Author | Stefan Ilie |
Course | Analisi matematica II |
Institution | Politecnico di Torino |
Pages | 41 |
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Serie numeriche: esercizi svolti Gli esercizi contrassegnati con il simbolo * presentano un grado di difficolt`a maggiore. Esercizio 1. Dopo aver verificato la convergenza, calcolare la somma delle seguenti serie: ∞ X
n (n + 1)! n=1
a)
[1]
∞ X
1 b) n(n + 3) n=1 c)
∞ X
2n + 1 2 (n + 1)2 n n=1 ∞ X
1 log 1 − 2 d) n n=2
[− log 2]
1 2−1 4n n=1
f)
∞ X 1 n=1
g)
1 √ −√ n n+1
1 2
[1]
∞ X
1 4
1 n(n + 1)(n + 2) n=1
Svolgimento a) La serie
[1]
∞ X
e)
11 18
∞ X
n `e a termini positivi. Poich`e (n + 1)! n=1
1 1 n n = =o , = (n + 1)n(n − 1)! (n + 1)(n − 1)! n2 (n + 1)!
1
n → +∞
2
Serie numeriche: esercizi svolti
ed essendo convergente la serie
∞ X 1 n=1
serie data converge.
n2
, per il criterio del confronto asintotico la
Calcoliamo la somma della serie. Osserviamo che n+1−1 1 1 n = . = − (n + 1)! (n + 1)! n! (n + 1)! Ne segue che la serie data `e telescopica. La somma parziale n-esima della serie `e Sn
n X 1 1 k = − = (k + 1)! k=1 k! (k + 1)! k=1 n X
=1−
=
1 1 1 1 1 1 + − +··· + . − =1− 2! 2! 3! n! (n + 1)! (n + 1)!
Ne segue che la somma della serie `e
S = lim Sn = lim 1 − n
n
Pertanto si ha
∞ X
n=1
b) La serie
1 (n + 1)!
= 1.
n = 1. (n + 1)!
∞ X
1 `e a termini positivi. Poich`e n(n + 3) n=1 1 1 ∼ 2, n(n + 3) n
ed essendo convergente la serie
∞ X 1 n=1
serie data converge.
n2
n → +∞
, per il criterio del confronto asintotico la
Calcoliamo la somma della serie. Osserviamo che 1 A B (A + B)n + 3A = + = n(n + 3) n(n + 3) n n+3
=⇒
(
A=
1 3
B = − 13 .
Quindi 1 1 1 1 . = − n(n + 3) 3 n n+3 Ne segue che la serie data non `e telescopica. Nonostante ci`o `e possibile calcolare
la somma della serie. Si ha che la somma parziale n-esima della serie `e Sn =
n X
1 1 1− + 3 4 1 1 1+ + = 2 3
=
n
X1 1 = k(k + 3) k=1 3 k=1
1 1 − k k+3
=
1 1 1 1 1 1 1 1 − + − + − +··· + − 2 5 3 6 n n+3 4 7 1 1 1 11 1 − = − . 3 n+3 3 6 n+3
=
3
Serie numeriche: esercizi svolti
Ne segue che la somma della serie `e S = lim Sn = lim n
Pertanto si ha
∞ X
n=1
c) La serie
∞ X
n=1
n
1 3
11 1 − 6 n+3
=
11 . 18
11 1 = . n(n + 3) 18
2n + 1 `e a termini positivi. Poich`e + 1)2
n2 (n
2 2n + 1 ∼ , n2 (n + 1)2 n3 ed essendo convergente la serie
∞ X 1 n=1
serie data converge.
n3
n → +∞
, per il criterio del confronto asintotico la
Calcoliamo la somma della serie. Osserviamo che 2n + 1 = (n + 1)2 − n2 . Quindi si ha che
(n + 1)2 − n2 1 1 2n + 1 = . = 2− 2 2 2 2 n (n + 1) n n (n + 1) (n + 1)2
Ne segue che la serie data `e telescopica. La somma parziale n-esima della serie `e Sn =
n X
k=1
=1−
n X 2k + 1 1 1 = = − k 2 (k + 1)2 k 2 (k + 1)2 k=1
1 1 1 1 1 1 + − +··· + 2 − . =1 − 4 4 n (n + 1)2 9 (n + 1)2
Ne segue che la somma della serie `e
S = lim Sn = lim 1 − n n
Pertanto si ha
∞ X
n=1
d) La serie
∞ X
n=2
1 (n + 1)2
= 1.
2n + 1 = 1. n2 (n + 1)2
log 1 −
1 n2
`e a termini negativi. Consideriamo la serie ∞ X
n=2
− log 1 −
1 n2
.
`E una serie a termini positivi. Poich`e log (1 + x) = x + o(x) per x → 0, si ha che
− log 1 −
1 n2
=
1 +o n2
1 n2
∼
1 , n2
n → +∞
4
Serie numeriche: esercizi svolti
ed essendo convergente la serie
∞ X 1 n=1
serie
∞ X n=2
converge.
1 − log 1 − 2 n
n2
, per il criterio del confronto asintotico la
converge. Quindi per l’algebra delle serie, la serie data
Calcoliamo la somma della serie. Osserviamo che
log 1 −
1 n2
= log
n (n + 1)(n − 1) n+1 n2 − 1 − log = log = log . 2 2 n n n n−1
Ne segue che la serie data `e telescopica. La somma parziale n-esima della serie `e Sn =
n X
1 log 1 − 2 k k=2
=
n X k=2
k k+1 − log log k−1 k
=
n+1 3 4 3 n − log 2 + log − log + · · · + log = − log 2 3 2 n−1 n n+1 = − log 2 + log . n = log
Ne segue che la somma della serie `e
S = lim Sn = lim − log 2 + log n n
Pertanto si ha
∞ X
n=2
e) La serie
log 1 −
1 n2
n+1 n
= − log 2.
= − log 2.
∞ X
1 `e a termini positivi. Poich`e 2−1 4n n=1 1 1 ∼ 2, − 1) 4n
4n2
ed essendo convergente la serie serie data converge.
∞ X 1 n=1
n2
n → +∞
, per il criterio del confronto asintotico la
Calcoliamo la somma della serie. Osserviamo che (2A + 2B)n + A − B 1 1 A B = = = + 4n2 − 1 (2n − 1)(2n + 1) 4n2 − 1 2n − 1 2n + 1 (
=⇒
A=
1 2
B = − 12 .
Quindi 1 1 = 2 4n − 1 2
1 1 − . 2n − 1 2n + 1
5
Serie numeriche: esercizi svolti
Ne segue che la serie data `e telescopica. La somma parziale n-esima della serie `e Sn =
n X
k=1
1 4k 2 − 1
n X 1
=
k=1
1 1 − 2 2k − 1 2k + 1
=
1 1 1 1 1 1 1 − + − +··· + − = 2 3 3 5 2n − 1 2n + 1
1 1 = 1− . 2 2n + 1
=
1 . 2
Ne segue che la somma della serie `e S = lim Sn = lim n
∞ X
Pertanto si ha
n=1 ∞ X
n
1 1 1− 2 2n + 1
1 1 = . 4n2 − 1 2
1 1 √ −√ `e a termini positivi. Poich`e n n+1 n=1 √ √ n+1− n 1 1 1 1 √ −√ √ = √ √ = √ √ 3 , √ ∼ n n+1 n n+1 2n 2 n n+1 n+1+ n
f) La serie
ed essendo convergente la serie
∞ X 1
3
n=1
serie data converge.
n2
n → +∞
, per il criterio del confronto asintotico la
Calcoliamo la somma della serie. Osserviamo che la serie data `e telescopica. La somma parziale n-esima della serie `e Sn =
n X 1 k=1
1 √ −√ k+1 k
=
1 1 1 1 1 1 . = 1 − √ + √ − √ +··· + √ − √ =1 − √ n n+1 n+1 2 2 3 Ne segue che la somma della serie `e 1 S = lim Sn = lim 1 − √ n n n+1
Pertanto si ha
∞ X 1
n=1
g) La serie
1 √ −√ n n+1
= 1.
= 1.
∞ X
1 `e a termini positivi. Poich`e n(n + 1)( n + 2) n=1 1 1 ∼ , n(n + 1)(n + 2) n3
ed essendo convergente la serie serie data converge.
∞ X 1 n=1
n3
n → +∞
, per il criterio del confronto asintotico la
6
Serie numeriche: esercizi svolti
Calcoliamo la somma della serie. Osserviamo che 1 A B (A + B )n + 2A = + = n(n + 1)(n + 2) n(n + 1) (n + 1)(n + 2) n(n + 1)(n + 2) (
=⇒
A=
1 2
B = − 12 .
Quindi 1 1 1 1 . = − n(n + 1)(n + 2) 2 n(n + 1) (n + 1)(n + 2)
Ne segue che la serie data `e telescopica. La somma parziale della serie `e Sn
n X 1 1 1 1 = − = = 2 k(k + 1) k(k + 1)(k + 2) k=1 (k + 1)(k + 2) k=1 n X
1 1 1 1 1 1 1 − + − +··· + − = = 2 2 6 6 12 n(n + 1) (n + 1)(n + 2) 1 1 1 = − . 2 2 (n + 1)(n + 2)
Ne segue che la somma della serie `e S = lim Sn = lim n
Pertanto si ha
∞ X
n=1
n
1 1 1 1 − = . 2 2 (n + 1)(n + 2) 4
1 1 = . 4 n(n + 1)(n + 2)
Esercizio 2. Determinare il carattere delle seguenti serie: a)
b)
∞ X
1 log (n + 1) n=2 ∞ X log n n=1
c)
[diverge positivamente]
[converge]
n4
∞ X log n
[converge]
3
n=1 ∞ X
n2
n+1 d) log n2 n=1 ∞ X
1 arctan √ n n=1 √ ∞ √ X n+2− n−2 f) n n=2 e)
[diverge negativamente]
[diverge positivamente]
[converge]
Serie numeriche: esercizi svolti
g)
h)
∞ X
1 log √ n n=1 1 log √ n3 n=2 ∞ X
i)
∞ X
j)
*l)
[diverge negativamente]
∞ X
k)
[diverge positivamente]
1 √ n log n3 n=2 1 log (n!) 2 n=1
[converge]
(−1)n log
[indeterminata]
[converge]
(n!)n
∞ X n43 n=1
o)
1 n
2 ∞ X 3n
n=1
n)
[diverge positivamente]
∞ X
n=1
m)
[diverge negativamente]
1 log n 2 n=1
∞ X
7
[converge]
6n
∞ X 157 4n
[converge]
n=1 3n
p)
∞ X
n=1
q)
∞ X
n=2
r)
2
3n
1 √ n log n
∞ X n=0
s)
∞ X
n=2
v)
n
[converge]
∞ X
n=2
[converge assolutamente]
n(n + 1)
∞ X 1 n=1
u)
1 n+2
[diverge positivamente]
∞ X sin (4n3 ) n=1
t)
[converge]
3n+2
5n
3
n
n2
[diverge positivamente]
n2
[converge]
n+2 n
n−2 n 1
(log n)log n
[converge]
8
Serie numeriche: esercizi svolti
w)
∞ X nn n=1
x)
∞ X
r
n 1+
n=1
y)
∞ X
n=1
z)
4 n3
[diverge positivamente]
1
nn+ n
n+
∞ X 1 n=1
[converge]
(2n)!
1 n n
[diverge positivamente]
1 − sin n n
[converge]
Svolgimento ∞ X
1 `e a termini positivi. Quindi o converge o diverge (positilog (n + 1) n=2 vamente).
a) La serie
Poich`e log (n + 1) = o(n + 1) per n → +∞, si ha che 1 1 , =o log (n + 1) n+1
n → +∞
∞ X
1 divergente, per il criterio del confronto asintotico n+1 n=2 anche la serie data `e divergente.
ed essendo la serie
b) La serie mente).
∞ X log n n=1
`e a termini positivi. Quindi o converge o diverge (positiva-
n4
Poich`e log n = o(n) per n → +∞, si ha che 1 log n =o 3 , 4 n n
n → +∞
∞ X 1
convergente, per il criterio del confronto asintotico anche n3 la serie data `e convergente. ed essendo la serie
n=1
c) La serie mente).
∞ X log n
`e a termini positivi. Quindi o converge o diverge (positiva-
3
n=1
n2
1
Poich`e log n = o n3
per n → +∞, si ha che log n n
3 2
=o
1 n
7 6
,
n → +∞
9
Serie numeriche: esercizi svolti
∞ X 1
7 convergente, per il criterio del confronto asintotico anche n6 la serie data `e convergente.
ed essendo la serie
n=1
∞ X
n+1 `e a termini negativi. Infatti, n2 n=1 o diverge (negativamente).
d) La serie
log
n+1 n2
< 1. Quindi o converge
Osserviamo che log lim n
n+1 n2
= −∞.
Quindi non essendo verificata la condizione necessaria per la convergenza della serie, ne segue che la serie data `e divergente. ∞ X
1 arctan √ `e a termini positivi. Quindi o converge o diverge (positin n=1 vamente).
e) La serie
Poich`e arctan x = x + o(x) per x → 0, si ha che 1 1 arctan √ = √ + o n n
1 √ n
∼
1 1
n2
,
n → +∞
∞ X 1
1 divergente, per il criterio del confronto asintotico anche n2 la serie data `e divergente. √ ∞ √ X n+2− n−2 `e a termini positivi. Quindi o converge o diverge f) La serie n n=2 (positivamente).
ed essendo la serie
n=1
Si ha che √ √ 2 n+2− n−2 4 ∼ 3, = √ √ n n n+2+ n−2 n2
n → +∞
∞ X 2
3 convergente, per il criterio del confronto asintotico anche n2 la serie data `e convergente.
ed essendo la serie
n=1
∞ X
1 √ log √ `e a termini negativi. Infatti log √1n = − log n. Quindi o n n=1 converge o diverge (negativamente).
g) La serie
Osserviamo che lim log n
√ n = +∞.
Quindi non essendo verificata la condizione necessaria per la convergenza della serie, ne segue che la serie data `e divergente.
10
Serie numeriche: esercizi svolti
∞ X
1 `e a termini negativi. Infatti log log √ n3 n=2 converge o diverge (negativamente).
h) La serie
Osserviamo che lim log n
√1 n3
= − log
√ n3 . Quindi o
√ n3 = +∞.
Quindi non essendo verificata la condizione necessaria per la convergenza della serie, ne segue che la serie data `e divergente. k) La serie
∞ X
1 `e a termini positivi. log n 2 n=1
Consideriamo la funzione f(x) =
1 2log x
per x ∈ [1, +∞). Essendo f decrescente,
studiamo la convergenza dell’integrale improprio di f sull’intervallo [1, +∞). Si ha che
Z +∞ 1
f(x) dx =
posto t = log x, da cui dx =
Z +∞ 1
et dt,
= lim
1 2log x
t→+∞
t
e 2
c→+∞ 1
1 dx = 2log x
si ottiene
Z log c t e
c→+∞ 0
Poich`e lim
Z c
dx = lim
2t
dt =
Z +∞ t e
= +∞, l’integrale improprio
seguenza anche l’integrale improprio
Z +∞
2
0
dt.
Z +∞ t e 0
2
dt diverge e di con-
f(x) dx diverge. Per il criterio di Mc-
1
Laurin la serie data diverge. ∞ X
1 √ `e a termini positivi. Quindi o converge o diverge (positin log n3 n=2 vamente).
i) La serie
1
Poich`e log n = o n3
per n → +∞, si ha che
5 √ √ n log n3 = 3 n log n = o n 6 ,
n → +∞.
Quindi si ha che 1 5
n6 ed essendo la serie
∞ X 1
5
n6 la serie data `e divergente.
1 =o √ , n log n3
∞ X
n=1
1 2log (n!)
n → +∞
divergente, per il criterio del confronto asintotico anche
n=2
j) La serie
`e a termini positivi.
11
Serie numeriche: esercizi svolti
Poich`e n! ≥ n2 per ogni n ≥ 4, si ha che per ogni n ≥ 4 1 1 1 1 ≤ log (n2 ) = 2 log n = log n . 2 4 2log (n!) 2 1 4log x
Consideriamo la funzione f(x) =
per x ∈ [1, +∞). Essendo f decrescente,
studiamo la convergenza dell’integrale improprio di f sull’intervallo [1, +∞). Si ha che
Z +∞ 1
f(x) dx =
Z +∞ 1
1 4log x
dx = lim
c→+∞ 1
posto t = log x, da cui dx = et dt, si ottiene = lim
Z log c t e
4t
c→+∞ 0
Z log c t e
dt = lim
1 = lim c→+∞ 1 − log 4 ∞ X
n=1
*l) La serie
∞ X
" log c
e 4
Z +∞
Ne segue che l’integrale improprio rin la serie
4
c→+∞ 0
1
Z c
dt = lim
c→+∞
#
−1 =
1 4log x
"
dx =
1 log 4e
t #log c
e 4
=
0
1 . log 4 − 1
f(x) dx converge. Per il criterio di McLau-
1 converge. Per il criterio del confronto la serie data converge. 4log n
(−1)n log
n=1
1 `e a termini di segno alterno. n
Osserviamo che lim(−1)n log n
1 6 ∃. n
Quindi non essendo verificata la condizione necessaria per la convergenza della serie, ne segue che la serie data non `e convergente. Pertanto o diverge (positivamente o negativamente) o `e indeterminata. Osserviamo che (−1)n log
1 = (−1)n+1 log n. n
Supponiamo che la serie diverga positivamente. Allora detta Sn la somma parziale n-esima della serie, Sn =
n X
k=1
(−1)k+1 log k = −
n X
k=1
si ha che lim Sn = +∞. n
Quindi a...