Title | Práctico - Ejercicios resuletos. Algebra matricial |
---|---|
Author | Marina Méndez |
Course | Algebra Lineal |
Institution | Universidad de Sevilla |
Pages | 13 |
File Size | 247.3 KB |
File Type | |
Total Downloads | 57 |
Total Views | 134 |
Ejercicios resuletos. Algebra matricial...
´ ALGEBRA LINEAL. EJERCICIOS RESUELTOS Grado de Estad´ıstica, curso 1 0 .
´ Algebra matricial Ejercicio 74 Pruebe que: Si A = (aij ) es una matriz anti-sim´etrica, entonces ajj = 0. Si A = (aij ) es una matriz anti-hermitiana, entonces ajj es un n´ umero imaginario con parte real nula. Si A es real y sim´etrica, entonces B = iA es anti-hermitiana. Soluci´ on 74 Si A = (aij ) es anti-sim´etrica, entonces At = (aji ) = −A = (−aij ). Para los elementos de la diagonal, aii = −aii , de donde son cero. Si A = (aij ) es anti-hermitiana, entonces A∗ = (aji ) = −A = (−aij ). Los elementos de la diagonal verifican ajj = −ajj . Si un n´ umero complejo a = a1 + ia2 verifica a = −a, entonces a1 = 0. Sea B = iA. Entonces B ∗ = (iA)∗ = iA∗ = −iAt = −iA = −B . Ejercicio 75 Sea A una matriz cuadrada. 1. Pruebe que A + At es sim´etrica y que A − At es anti-sim´etrica. 2. Pruebe que hay una sola forma de escribir A como suma de una matriz sim´etrica y una anti-sim´etrica. Soluci´ on 75 1. Si B = A+ At , entonces B t = At + A = B, de donde B es sim´etrica. An´alogamente, si C = A− At , t entonces C = At − A = −C, y C es anti-sim´etrica. 2. Es claro que
1 1 (A + At ) + (A − At ), 2 2 y as´ı la matriz A es suma de una matriz sim´etrica y una anti-sim´etrica. Por otro lado, supongamos que A=
A = B 1 + C1 = B 2 + C2 , donde B1 , B2 son sim´etricas y C1 , C2 son anti-sim´etricas. Entonces B1 − B2 = C2 − C1 . Es f´acil ver que B1 − B2 es sim´etrica, y que C2 − C1 es anti-sim´etrica. Sea E = B1 − B2 = C2 − C1 = (eij ). Por ser anti-sim´etrica, eii = 0, y adem´as, eij = −eij . Entonces E = 0, y tenemos el resultado. Ejercicio 76 Sea A una matriz arbitraria de orden 3 × 3, 1 E = 0 3 1. Describa las filas de EA en funci´ on de las filas de A.
y sea 0 0 1 0 . 0 1
2. Describa las columnas de AE en funci´ on de las columnas de A. Soluci´ on 76 Sea A = (aij ), y 1 0 E·A= 0 1 3 0
calculemos los productos indicados: a11 a12 a13 a11 0 0 a21 a22 a23 = a21 a31 a32 a33 3 a11 + a31 1
a12 a22 3 a12 + a32
a13 a23 . 3 a13 + a33
La matriz E tiene el escalar 3 en la posici´on (3, 1), y el resultado es una matriz igual que A, pero a la tercera fila se le ha sumado la primera multiplicada por 3. As´ı, una multiplicaci´ on a la izquierda produce una transformaci´ o n por filas. Ahora hacemos el producto por la derecha. a11 + 3 a13 a12 a13 A · E = a21 + 3 a23 a22 a23 . a31 + 3 a33 a32 a33
En este caso, a la primera columna se le suma la tercera multiplicada por el escalar. Por tanto, un producto por la derecha produce una transformaci´on por columnas. 1
Ejercicio 77 Sea ej la j-´esima columna unitaria, que es el vector columna de orden n que contiene un 1 en la posici´ on j y cero en el resto. Para una matriz general An×n , describa los siguientes productos: Aej , eti A, eti Aej . Soluci´ on 77 Se tiene que Aej = A∗j , la columna j − ´esima. eti A = Ai∗ , la fila i − ´esima. t ei Aej = aij , el elemento (i, j ). Ejercicio 80 Identifique una partici´ o n por bloques caci´on por bloques, donde 0 0 2 0 0 0 0 2 A= 0 0 0 0 4 1 2 1
apropiada y calcule el producto matricial AB mediante multipli 0 0 0 0 ,B = 0 2 2 3 1
Procure agrupar la mayor parte de ceros o formar matrices sencillas.
0 −1 0 0 0 −1 0 1 2 . 2 −1 1 1 3 2
Soluci´ on 80 Consideremos la siguiente partici´ o n:
0 0 A= 0 4
0 0 0 1
2 0 0 2
0 2 0 1
0 0 −1 0 0 0 0 0 −1 0 03×2 2I3×3 02×2 = = , B = 0 0 1 2 t t 2 u1×2 v1×3 C 3×2 2 2 −1 1 3 1 1 3 2
Las particiones est´an a justadas, y el producto es 02×2 03×2 2I3×3 AB = ut1×2 v t1×3 C3×2
−I2×2 D3×2
=
2C vtC
2D −ut + v t D
−I2×2 D3×2
.
Tenemos que 0 2 = 5 5 vtC = 2 1 3 1 1 −ut + v t D = − 4 1 + 2 1 3 −1 3
El producto final es
0 2 1
0 4 AB = 2 5
,
2 1 = 6 2
10
.
0 2 4 4 −2 2 . 2 6 4 5 6 10
Ejercicio 85 Para todas las matrices An×k y Bk×n , pruebe que la matriz por bloques I − BA B L= 2A − ABA AB − I tiene la propiedad L2 = I . Soluci´ on 85 L2
= =
I − BA B 2A − ABA AB − I
I − BA B 2A − ABA AB − I
(I − BA)2 + B (2A − ABA) (I − BA)B + B (AB − I ) (2A − ABA)(I − BA) + (AB − I )(2A − ABA) (2A − ABA)B + (AB − I )2 2
.
.
Tenemos que (I − BA)2 + B (2A − ABA) = I − 2BA + BABA + 2BA − BABA = Ik , (I − BA)B + B (AB − I) = B − BAB + BAB − B = 0, (2A − ABA)(I − BA) + (AB − I )(2A − ABA) = (2A − ABA)B + (AB − I )2
2A − 2ABA − ABA + ABABA + 2ABA − ABABA − 2A + ABA
= 0, = 2AB − ABAB + ABAB − 2AB + I = In ,
y entonces L2 = In+k . Ejercicio 89 Consideremos la matriz
1 2 c+1 A= 0 1 1 . 0 0 c
Determine la inversa de la matriz A en funci´on del par´ a metro c, y establezca las condiciones para las que existe dicha inversa. Soluci´ on 89 Aplicaremos el m´etodo de Gauss-Jordan a la matriz ampliada [A|I3 ], y en funci´on de los valores por los que tengamos que dividir tendremos los valores excepcionales de c. 1 2 c+1 1 0 0 1 0 c − 1 1 −2 0 F1 −2F2 0 1 1 0 1 0 −−−−→ 0 1 1 0 1 0 . 0 0 c 0 0 1 0 0 c 0 0 1 Para el siguiente paso, tenemos que dividir por c. Suponemos 1 0 1 F c 3 0 1 −→ 0 0 F1 − (c − 1)F3 1 0 F2 − F3 −−−−−−−−−−−−→ 0 1 0 0
entonces c 6= 0. c−1
1 −2
0
1
0
1
1
0
0
0 1
−2
0
0 0
1
1 0
0
c−1 −c+1 c
−c−1 . −1 c
Si c = 0 la matriz es singular, y no posee inversa. Si c 6= 0, entonces la inversa es 1 −2 −c+1 c 0 1 −c−1 . 0 0 c−1 Ejercicio 93 Exprese la matriz
como producto de matrices elementales.
1 0 2 A= 0 1 1 2 1 6
Soluci´ on 93 Efectuamos las transformaciones elementales para 1 F3 −2F1 0 A → 0 1 F3 −F2 0 → 0 F1 − 2F3 F2 − F3 →
I. 3
aplicar Gauss-Jordan: 0 2 1 1 1 2 0 2 1 1 0 1
Entonces
1 0 0 1 1 0 −2 0 1 −1 0 1 0 0
1 0 0 A = I, 0 1 0
0 0 1 0
y de aqu´ı obtenemos la expresi´ −2 0 1 0 −1 1 0 0 1 0 0 o n que 1 buscamos: 1 0 0 1 0 2 1 0 0 1 0 0 A = 0 1 0 0 1 0 0 1 0 0 1 1 . 0 0 1 0 0 1 0 1 1 2 0 1 Ejercicio 98
2. (A + cdt )−1 = A−1 − Soluci´ on 98
1 abt . 1+bt a
1. (I + abt )−1 = I − A−1 cd t A−1 1+d t A−1 c
.
1. Veamos que el t´ermino de la derecha es inversa de la matriz I + abt . (I + abt )(I −
1 1 1 abt abt abt + abt − abt ) = I − 1 + bt a 1 + bt a 1 + bt a 1 1 a(bt a)bt = I− abt + abt − 1 + bt a 1 + bt a bt a 1 = I− abt + abt − abt t 1+b a 1 + bt a 1 bt a abt = I+ − +1− 1 + bt a 1 + bt a −1 − bt a = I+ + 1 abt 1 + bt a = I.
2. Sea
1 A−1 cdt A−1 , 1 + dt A−1 c
C = A−1 −
y comprobaremos que (A + cdt )C = I. Como son matrices cuadradas, se deduce entonces que C = (A + cdt )−1 . (A + cdt )C
= = =
(A + cdt )(A−1 −
1 A−1 cdt A−1 ) 1 + dt A−1 c
1 1 cdt A−1 cdt A−1 cdt A−1 + cdt A−1 − 1 + dt A−1 c 1 + dt A−1 c 1 1 I− (dt A−1 c) cdt A−1 cdt A−1 + cdt A−1 − 1 + dt A−1 c | {z } 1 + dt A−1 c I−
escalar
= = =
1 1 I + (− (dt A−1 c)cdt A−1 +1− 1 + dt A−1 c 1 + dt A−1 c 1 + dt A−1 c I + (− + 1)cdt A−1 1 + dt A−1 c I.
Ejercicio 108 Pruebe que
son no singulares y
Im V
Im V 0 In
0 In
Im , 0
−1
=
4
Im −V
V Im
0 In
.
Soluci´ on 108 Basta comprobar que el lado derecho de la igualdad es la matriz inversa de la matriz izquierda. Para ello, Im 0 I 0 Im · Im + 0 · V Im · 0 + 0 · 0 m = V In −V In In · (−V ) V · 0 + In · 0 V · Im + Im 0 . = 0 In An´ alogamente se comprueba que
Im 0
V In
−1
=
Im 0
−V In
.
Ejercicio 113 Un dispositivo electr´ onico consiste de una serie de conmutadores que pueden estar en posici´on 1 o en posici´on 0. Estos conmutadores pueden cambiar de estado a intervalos regulares de tiempo, llamados ciclos de reloj. Supongamos que al final de cada ciclo de reloj, el 30 % de los conmutadores que est´an en posici´on 0 cambia a posici´on 1, y el 90 % de los que est´an en estado 1 pasan a estado 0. 1. Pruebe que el dispositivo tiende a un estado de equilibrio referido a la proporci´on de conmutadores en estados 1 y 0. Calcule dichas proporciones. 2. Independientemente de la situaci´o n inicial, ¿cu´ antos ciclos de reloj son necesarios para alcanzar una situaci´ on estable? Soluci´ on 113 Sea ak el n´ umero de dispositivos que se encuentran en el estado 0 en el ciclo k, y bk el n´ umero de dispositivos que se encuentran en el estado 1 en el ciclo k. Las condiciones del problema nos dicen que ak+1
=
0,7ak + 0,9bk ,
bk+1
=
0,3ak + 0,1bk .
En forma matricial podemos escribir xk+1 = Axk , donde xk =
ak bk
,A =
0,7 0,9 0,3 0,1
.
Con esta notaci´on, x0 representa el estado actual. Por inducci´ on, es f´acil probar que xk = Ak x0 , por lo que el estado final depende del comportamiento de Ak cuando k se hace grande. Mediante c´alculo directo, observamos que " # " # 0,750000025599999565 0,749999923199999640 0,750000000000001886 0,749999999999991450 10 20 A = ,A = . 0,249999974399999908 0,250000076799999915 0,249999999999997168 0,250000000000007660 Podemos suponer que, cuando k → ∞, Ak tiende a T =
0,75 0,75 0,25 0,25
Sea x∞ =
a∞ b∞
.
el estado l´ımite. Entonces x∞ = T x0 . El total de dispositivos permanece constante en todo el proceso, esto es, a∞ + b∞ = a0 + b0 . Vamos a calcular las proporciones de cada estado respecto al total: a∞ 0,75a0 + 0,75b0 0,25a0 + 0,25b0 b∞ = 0,25. = = = 0,75, a∞ + b ∞ a∞ + b ∞ a0 + b 0 a0 + b 0 Observemos que la proporci´on l´ımite no depende del n´ umero de dispositivos que se encuentren en cada estado al principio del proceso. Ejercicio 116 Supongamos que dos compa˜ n´ıas de pasta de dientes compiten por los clientes de un mercado fijo, en el que cada consumidor usa la marca A o la marca B. Supongamos que un an´ a lisis de mercado muestra que los h´ a bitos de consumo siguen la siguiente tendencia: cada 3 meses, el 30 % de los usuarios de A se cambian a B, mientras que el resto permanece en A. Adem´as, el 40 % de los usuarios de B cambiar´an a A, y el resto de usuarios de B ser´ an fieles a la marca. Si suponemos que este patr´on no cambia de trimestre en trimestre, tenemos un ejemplo de una cadena de Markov. Exprese el sistema como un sistema lineal discreto, y estudie su comportamiento a largo plazo suponiendo que, al principio, 5
la empresa A tiene todo el mercado, la empresa B tiene todo el mercado. Soluci´ on 116 Sean ak y bk las fracciones de clientes que usan las marcas A y B en el trimestre k-´esimo. Las condiciones del enunciado nos dicen que ak+1 = 0,7ak + 0,4bk , bk+1 = 0,3ak + 0,6bk . En forma matricial queda x(k+1) = Ax(k) , donde x(k) =
ak bk
,A =
0,7 0,4 0,3 0,6
.
Los vectores de estado x(k) tienen componentes no negativas, y suman 1. Adem´as, la matriz A verifica que tiene entradas no negativas, y la suma de cada una de sus columnas es 1, es decir, sus columnas son vectores de probabilidad. Tenemos que x(k+1)
= Ax(k) = A(Ax(k−1) .. . = Ak+1 x(0) .
En realidad, esto es v´ a lido para cualquier sistema din´ a mico. Supongamos que, inicialmente, la marca A tiene todos los clientes, y la marca B est´a entrando en el mercado. Veamos qu´e ocurre a largo plazo. Con estas condiciones, x(0) = (1, 0)t . Entonces 1 0,61 0,61 0,52 (2) 2 (0) = . x =A x = 0,39 0,48 0 0,39 Si ampliamos el periodo de c´alculo, x(20) = A20 x(0) =
0,57 0,43
.
Por tanto, tras 20 trimestres, la marca A tendr´ a el 57 % del mercado, y la marca B el 43 %. Veamos que ocurre si el escenario de partida es completamente diferente. Por ejemplo, que la marca A no tiene clientes y la marca B los tiene todos. En este caso, x(0) = (0, 1)t , y 0,57 x(20) = A20 x(0) = . 0,43 Hemos obtenido la misma respuesta. No es una coincidencia, y veremos m´ as adelante qu´e significa esto. Ejercicio 118 Sea A una matriz m × n. 1. Si [A|Im ] se reduce mediante transformaciones por filas a [B|P ], explique por qu´e P es una matriz no singular tal que P A = B . A C 2. Si , explique por qu´e Q es una matriz no se reduce mediante transformaciones por columnas a In Q singular tal que AQ = C . 3. Calcule una matriz no singular P tal que P A = EA (forma reducida por filas de A), donde 1 2 3 4 A = 2 4 6 7 . 1 2 3 6 Soluci´ on 118 1. Si aplicamos transformaciones por filas a la matriz [A|Im ], estamos multiplicando por la izquierda por matrices elementales. Entonces existe Xm×m matriz no singular tal que X[A|Im ] = [B|P ]. Sabemos que X [A|Im ] = [XA|XIm ] = [XA|X ], de donde, tras identificar bloques, obtenemos que XA = B y X = P . 6
2. El razonamiento es an´alogo al operar con columnas. 3. Una forma de resolver el problema es calcular las transformaciones elementales que llevan A a EA , y despu´es multiplicarlas. Sin embargo, ese proceso es muy costoso, y con los apartados anteriores podemos simplificar la tarea. Formamos la matriz [A|I3 ], y aplicamos las transformaciones elementales, con lo que llegaremos a [EA |P ], donde P es la matriz no singular tal que P A = EA . F2 − 2F1 1 2 3 4 1 0 0 F3 − F1 −−−−−−−−→ 0 0 0 −1 −2 1 0 0 0 0 2 −1 0 1 1 2 3 4 1 0 0 −F2 0 0 0 1 −→ 2 −1 0 0 0 0 2 −1 0 1
[A|I3 ]
F3 − 2F2 1 F1 − 4F2 −−−−−−−−→ 0 0
La matriz P buscada es entonces
P =
2 0 0
−7
3 0 0
−7 4 0 2 −1 0 . −5 2 1
0 1 0
4 0
2 −1 0 .
−5
2 1
Vamos realizar una extensi´ o n del problema. Queremos calcular tambi´en una matriz Q no singular tal que P AQ EA tenga la forma normal del rango. Para ello, aplicamos el segundo apartado, y formamos la matriz . Aplicamos I4 Nr , y de esta forma obtendremos Q. las transformaciones por columnas necesarias para llegar hasta Q
EA I4
C24
−→
C3 −3C1 ,C4 −2C1
−−−−−−−−−−→
La matriz buscada es
1 0 −3
0 Q= 0 0
0
3
2
0
1
0
0
0
0
1
0
0
0
0
0
0
0
1
0
1
0
1
0
0 0 0 1 0
0
1
0
0
0
0
0
0
0
1
−2
0
1
0
1
0
1
0
0
0 0
0
0 0 0 −3 −2 . 0 1 1 0 0
1 0
0
7
1
0
.
0
Ejercicio 122 Considere las matrices
A= 1. ¿Son equivalentes?
2 3
0
2 −6 2 0 −1 5 1 −1 4 0 yB= −8
8
3 −9
3
8 2 . 4 −1
12
3
2. ¿Son equivalentes por filas? 3. ¿Son equivalentes por columnas? Soluci´ on 122 Para determinar si son equivalentes, basta calcular su rango. La 1 0 1 −1/8 1 0 rref rref A → EA = 0 1 −1 −3/8 , B → EB = 0 1 0 0 0 0 0 0
forma reducida por filas de A es 1 −1/8 −1 −3/8 . 0
0
Entonces, rango(A) = rango(B), por lo que son equivalentes. M´ as a´ un, como EA = EB , son equivalentes por filas. Para ver si lo son tambi´en por columnas, consideremos las matrices traspuestas: 1 0 3/ 2 1 0 −3 0 1 0 0 1 2 . t rref t rref A → E At = , B → EB t = 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0
Como EAt 6= EB t , las matrices At y B t no son equivalentes por filas, por lo que A y B no son equivalentes por columnas. Ejercicio 123 Calcule, si es posible, una factorizaci´on en producto de matrices elementales de la matriz 0 0 −3 3 −1 10 . −2 4 5
Soluci´ on 123 En primer lugar, se trata de calcular la forma escalonada reducida por filas, y verificar que es I3 . Las transformaciones elementales que intervienen nos servir´ a n para encontrar la descomposici´on. Llamemos A a la matriz dada. 3 −1 10 1 −1/3 10/3 1 F F12 3 1 0 0 0 −3 0 −3 A − → −→ −2 4 5 −2 4 5 1 −1/3 10/3 1 −1/3 10/3 F23 F3 +2F1 35 0 10/3 0 −3 −−−−→ − → 3 0 35 0 10/3 0 0 − 3 3 1 −1/3 10/3 1 0 9/2 3 F1 + 13 F2 F 10 2 0 0 1 7/2 1 7/ 2 −−→ −−−−→ 0 0 −3 0 0 −3 9 F1 − 2 F3 1 0 9/ 2 F2 − 72 F3 −31F3 −−−−−−−−→ I3 . −−→ 0 1 7/ 2 0 0 1 8
Podemos escribir entonces 1 0 0 1 0 −9/2 0 1 −7/2 0 1 0 0 0 1 0 0 1 F2 − 72 F3 F1 − 29F3 1 0 0 1 0 0 0 0 1 0 1 0 0 1 0 2 0 1 F23 F 3 + 2F 1
1
0
0
0 1 0 0 0 −1/3 −31F3 1/3 0 0 0 1 0 0 0 1 1 F 3 1
Ahora despejamos la matriz A, y pasamos al 0 1 0 3 0 0 1 A = 1 0 0 0 0 1 0 0 1 −1/3 0 1 0 0 1 0 0 1 0 0 1 0 0
Ejercicio 124 Consideremos la matriz
1
1/3 0
1
0
0
0 1 0 0 3/10 0 0 0 1 0 0 1 3 F1 + 13 F2 F 2 10 0 1 0 1 0 0 A 0 0 1 F12
= I3
otro lado de la igualdad las inversas de las matrices elementales. 0 1 0 0 1 0 0 1 0 0 0 1 0 0 0 1 0 10/3 0 0 1 −2 0 1 0 1 0 0 0 1 0 1 0 9/ 2 1 0 0 0 0 1 0 0 1 7/ 2 . −3 0 0 1 0 0 1
1 −1 5 −2 2 2 −2 −2 5 1 . A= 0 0 −12 9 −3 −1 1 7 −7 1
Calcule matrices P y Q tales que
P AQ =
...