Title | Examen 15 Noviembre 2017, preguntas y respuestas |
---|---|
Course | Cálculo III |
Institution | Universidad Católica del Norte |
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Universidad Católica del Norte-Departamento de Matemáticas Pauta Segunda Prueba de Cátedra DAMA389-DAMA410 15 de noviembre de 2017 Nombre...........................................................Rut.....................Puntaje.................... 1. Considere la función f : R2 ! R de…nida por f (x;...
Universidad Católica del Norte-Departamento de Matemáticas Pauta Segunda Prueba de Cátedra DAMA389-DAMA410 15 de noviembre de 2017 Nombre...........................................................Rut.....................Puntaje.........Nota............ 1. Considere la función f
R2 ! R 2
:
de…nida por
xy
f (x; y )
i) [8 puntos]
x2 +y 4
=
;
0;
6
si
(x; y ) = (0; 0)
si
(x; y ) = (0; 0)
¿ Es la función f continua en
(0; 0)
? Justi…que.
Solución: Tenemos que
!
lim
(x;y )
(0;0) x=0
f (x; y )
=
=
0
!
0 y4
lim
y
=
2 0
!
lim
y
y
02 + y 4 0
0
y
!
lim
(x;y )
(0;0)
f (x; y )
=
x=y
= = =
2xx
!
0 x2
!
0 x2 (1
!
0
lim
x
2x 2
lim
x
lim
x
2
2
=
!
lim
!
lim
(x;y )
(0; 0) :
iste. Por lo tanto, f no es continua en Sea y
+ x2 )
1 + x2
Como ambos límites son distintos, entonces
Usando rectas:
+ x4
(0;0)
f (x; y ) no ex-
mx: Entonces
(x;y ) (0;0) y =mx
f (x; y )
=
= =
2mx2
!
0 x2
!
0
lim
x
lim
x
+ m4 x 4 2m
1 + m4 x 2
2m
Como el límite depende de m; el límite no existe. función no es continua en
(0; 0) :
1
Por lo tanto la
Usando coordenadas polares:
!
lim
(x;y )
(0;0)
f (x; y )
=
x
=
r
cos ; y =
!
=
!
0 r2
4
0 cos2
4
+ r 2 sin
@f
(0; 0)
@x
Solución: @f
!
f (0
(0; 0) = lim h
@f @x
(0; 0)
@x
@y
h
(0; 0)
!
=
@y
iii) [4 puntos]
f (0; 0)
0
2h 0 h2 +04
h
!
0
!
0h
lim
h
h
0
(0; 0) = 0
=
@f
(0; 0) :
+ h; 0)
lim
(0; 0) = lim
@f
@f @y
h
=
@f
@y
y
0
=
@f
Por lo tanto la
(0; 0) :
Hallar, si existen,
@x
cos
Como el límite depende de ; el límite no existe.
ii) [6 puntos]
2 cos sin
2 sin
=
función no es continua en
Entonces
cos2 + r 4 sin
lim
r
sin :
2r 2 cos sin
lim
r
r
f (0; h)
0
f (0; 0)
h
!
0
20h 02 + h 4
lim
h
!
0
lim
h
h
0
0h
(0; 0) = 0
¿ Es la función f diferenciable en
(0; 0)
? Justi…que.
Solución: Como la función no es continua en enciable en
iv) [6 puntos] el punto
(0; 0) ;
entonces la función no es difer-
(0; 0). Hallar la ecuación del plano tangente a la grá…ca de f en
(1; 1; 1) :
Solución: Un vector normal al plano tangente es
n = (
@f @x
2
(1; 1) ;
@f @y
(1; 1) ; 1)
Por otro lado, tenemos que @f @x
@f @y
(x; y) =
(x; y) =
2y 5
2
2
x y
( x2 + y 4 ) 2x 3
6
2
xy
4
2 ( x2 + y 4 )
Entonces @f @x @f @y Entonces
(1; 1) = 0
(1; 1) =
1
n = (0; 1; 1)
Luego, La ecuación del plano tangente es
(x
1 1 1) (0 1 1) = 0 ;y
;z
Es decir, y
3
+z =2
;
;
p
2. [8
puntos] Usando la aproximación lineal de una función de dos variables en un punto adecuado (a escoger), aproxime el valor de 12 3 7; 99e0;01 : No puede usar calculadora.
Solución: Sea f (x; y )
= 12
f (7:99; 0:01)
= 12
f
(x0 + h; y0 + k )
3
y
7; 99e
0;01
en (x0 ; y0 ) está dada por
f
xe
p
Entonces
La aproximación lineal de
p
f
( x0 ; y 0 ) +
@f @x
( x0 ; y 0 ) h +
@f @y
( x0 ; y 0 ) k
donde (x0 ; y0 ) y (h; k ) se deben elegir de manera que (x0 + h; y0 + k ) = (7:99; 0:01) Entonces podemos elegir (x0 ; y0 ) = (8; 0) (h; k ) = (
0 01 0 01) :
;
:
de esta manera tenemos que f (7:99; 0:01)
p
= 12
3
7; 99e
0;01
f
(8; 0)+
Por otro lado @f @x @f @y
(x; y) = 4x
2
(x; y) = 12
@f @x
3
=
e
p3
xe
(8; 0) (
0 01)+ ;
@f
@y
(8; 0) (0; 01)
y
y
Entonces @f @x @f @y
Entonces f (7:99; 0:01)
= 12
p 3
(8; 0) = 1
(8; 0) = 24
24 + 1 (0 01) + 24 (0 01) p3 12 7 99 0 01 24 23 7; 99e
0;01
;
4
e
;
;
;
;
3. Sea z
=
1 2 2 xy 2 x +y e :
i) [4 puntos]
Suponga que
Determine
@z @u
x
=
u
+v
y
=
u
v
usando la regla de la cadena
Solución: Tenemos que @z @u
=
@z @x
@x @u
+
@z @y
@y @u
Como @z @x @z @y
xy + 1 y x2 + y 2 exy
=
xe
=
xy + 1 x x2 + y 2 exy ye
2
2
@x @u
=
@y @u
=1
obtenemos @z @u
=
@z @x
+
@z @y
xy + 1 y x2 + y 2 exy + yexy + 1x x2 + y 2 exy
=
xe
=
1 2 xy 2 xy (x + y ) e + x +y e (x + y )
=
xy (x + y ) e
2
2
2
Entonces @z @u
1+
= 2ue
5
1 2 2 x +y 2
u2 v 2 1 + u2 + v 2
@z ii) [4 puntos] Determine @u sin usar la regla de la cadena Solución:
Sustituyendo se obtiene que
z
1
=
2 1
2 x + y 2 exy
=
2 2 2 u + v 2 e u v 2 2 2 u + v 2 e u v
=
2ue
u2 v 2 + u2 + v 2 eu2 v 2 2u
=
2ue
2 2
=
Entonces
@z @u
u2 v 2 1 + u2 + v 2
iii) [6 puntos] Mostrar que
@2z @u@v
@2z @x2
=
2
@@yz2
Solución:
@2z @u@v
=
@2z @v@u @ @z @v @u @ u 2 v 2 2 2 1+u +v 2ue @v @ u 2 v 2 2 2 2u 1+u +v e @v h 2 2 i 2 2 2u eu v (2v ) 1 + u2 + v 2 + 2veu v
=
4uve
= = = =
u2 v 2 + 1
2 u + v2
=
4uveu2 v2
=
1 @ xexy + y x2 + y 2 exy @x 2
=
exy + xyexy + y
=
exy
Por otro lado
@2z @x2
u 2 v 2 1
1
2
1 + 2xy +
6
2xe
xy + y x2 + y 2 exy
y2 2 x + y2 2
@2z @y2
= = =
@ @y
yexy +
1 2
x x2 + y 2 exy
1 exy + xyexy + x 2yexy + x x2 + y 2 exy 2 x2 2 2 exy 1 + 2xy + x +y 2
Entonces
@2z @x2
2
@@yz2
1
=
2 1
=
2
exy x2 + y 2
@2z @u@v
=
7
x2
2 2 eu v 2 u2 + v2 (4uv)
4uveu2 v2
=
2 y
2 u + v2
4. Considere la función
g
de…nida por
g (x; y; z )
=
ze
p
xyz :
p
@g i) [4 puntos] Calcular @u (1; 0; 1) donde u = 22 i 22 k: Solución: rg(x; y; z ) = z 2 yexyz ; z2 xexyz ; exyz + xyexyz
Entonces
rg(1; 0; 1) = (0; 1; 1)
Entonces @g @u
(1; 0;
1)
rg(1; 0; 1) u p p ! 2 2 = (0; 1; 1) ; 0; 2 2 p 2 @g (1; 0; 1) = =
2
@u
ii) [4 puntos] Determine la dirección de máximo crecimiento de
el punto
g
desde
(1; 0; 1) :
Solución:
Tenemos que
rg(x; y; z ) =
2
z ye
xyz ; z 2 xexyz ; exyz + xyexyz
La dirección de máximo crecimiento está dada por
rg(1; 0; 1) = (0; 1; 1) iii) [6 puntos] Sea
S
la super…cie de nivel de…nida por
S
=
(x; y; z )
2 R3 =g(x; y ; z) = 1
Determine la ecuación del plano tangente a
S
en el punto
(1; 0; 1) :
Solución:
Un vector normal a la super…cie en el punto dado es n
=
rg(1; 0; 1) = (0; 1; 1)
Entonces la ecuación del plano es (x
1; y 0; z 1) (0; 1; 1) = 0
Es decir y
+z =1
*******************************************************************************************
Cálculo de la Nota: Si P es el puntaje obtenido, entonces la nota N se obtiene
de la siguiente manera:
N
=
si 0 P 36 si 36 P 60
1 12 P + 1; 1P 1; 2 8
8...